高三第二次联考物理
注意事项：
1.答卷前，考生务必将自已的姓名，准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂
:黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答
题卡上。写在本试卷无效。
3.考试结束后，将本试题卷和答题卡一并交回。
:
一、
单项选择题（本题共7小题，每小题3分，共21分。每个小题只有一个选项符合题目要
求。)
1.在核反应中B具有较强的防福射和吸收中子的功能，其原理为硼核(B)吸收一个慢中
子后释放出一个α粒子，转变成新核，并释放出一定的能量。已知硼核(9B)的比结合能
为E,生成新核的比结合能为E2,α粒子的比结合能为E,真空中光速为c。下列判断正
确的是
()
A.核反应方程为B+。n→Li+He
B.该反应类型为a衰变
C.硼核的比结合能E,大于新核的比结合能E,D.该核反应质量亏损为△m=
E3+E:-E,
ci
2.如图所示，一振源位于坐标原点O,振源振动后在介质中产生一列分别沿x轴正方向以及
负方向的简谐波，已知波速为v=10m/s,振源的振动周期为T=0.8s,l=0时刻振源的起振
方向沿y轴的正方向，振源振动一个周期后停止振动。则12s时的波形图为
t i oro.
3.
甲、乙两同学完成一
娱乐性比赛时，由同一点0斜抛出
小球，要求小球刚好不与天花板
的
发生碰撞，且落地点距离抛出点远者获胜，如图所示，乙最终胜出。已知小球的质量相
等，忽略空气阻力。则下列说法正确的是
A.落地瞬间乙的速度较小
B.乙球在空中运动的时间较长
C.乙球在天花板处的速度较大
0
D.落地瞬间乙的重力的瞬时功率大
4.如右图所示，交变电路中理想变压器原，副线圈的匝数比为1：3，m,n两点间所加电压u=100
√2sin100mt(),定值电阻R,消耗的电功率与定值电阻R2消耗的电功率之比为1：2，定值电
器
阻R2、R3的阻值均为10O2,电流表为理想电表。则下列说法正确
的是
A.电流表的示数为3A
2
B.通过电阻R,的电流为1.5A
【高三第二次联考·物理·共6页·第1页】
C.定值电阻R,=2002
D.电源消耗的电功率为1800W
5.如右图所示为等量异种电荷甲、乙形成的静电场等
势面的示意图，一电子仅在电场力的作用下由M
运动N,其运动轨迹如图中的实线所示。则下列说
法正确的是
()
A电荷甲带负电
甲
B.电子在M点的加速度小于N点的加速度
C.电子在M点的速度小于N点的速度
D.该过程电场力先对电子做正功后做负功
6.如右图所示倾角一定的斜面体固定在水平面上，可视为质点的小物体中斜面体的底端以
沿斜面向上的初速度。冲上，经时间t到达斜面体的最高点，再经时间2返回到斜面体
的底端，重力加速度为g。则下列说法错误的是
A.可求小物体上滑和下滑的加速度大小之比
B.可求小物体与斜面体之间的动摩擦因数
C.可求斜面体的倾角
D.可求整个过程因摩擦而产生的热量
7.如图所示，正方形线框abcd放在光滑的绝缘水平面上，oo‘为正方形线框的对称轴，在oo
的左侧存在竖直向下的匀强磁场。现使正方形线框在磁场中以两种不同的方式运动：第
一种方式以速度v使正方形线框匀速向右运动，直到b边刚好与o0'重合；第二种方式使
正方形线框绕o0'轴以恒定的角速度由图中位
置开始转过90°，ad边的线速度恒为。则下列
说法不正确的是
()
A.两次线框中的感应电流方向均沿adcba
B.两过程流过线框某一横截面的电荷量之比
为1：1
C.两过程线框中产生的焦耳热之比为2：π
D.两过程中线框中产生平均电动势之比为π：2
二、多项选择题（本题共4小题，每小6分，共24分。每个小题有多个选项符合要求。全部
选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。)
8.如图所示的电路中，定值电阻R,=82,R2=1.52,A为标称为(3V、3W)的小灯泡。已知
电源的电动势为E=12V,断开电键K小灯泡A正常发光，假设灯丝的电阻不随温度的变
化而变化。则下列说法正确的是
A.灯泡A的电阻为92
B.电源的内阻为12
C.断开电键，电源的输出功率为12W
D.闭合电键，A消耗的实际功率为0.48W
【高三第二次联考·物理·共6页·第2页】高三第二次联考物理答案
正常发光，即1=，根据闭合电路的欧姆定律得E=
1-7:A,D,C,A,B,D,C
8-11:BD.AB.ACD,CD
,(R+R,+,解得r=￡-(R+R,)=20-(8+3)=
部分解析：
5.B解析：电子的轨迹与竖直
1,B正确：断开电键K时，电路中的总电流为1A,则电
的等势线相交于0点，电子
1
源的输出功率即为外电路消耗的总功率，即为P=R外
在O点的速度以及电场力的
=12×11W=11W,C错误；闭合电键时，设外电路总电
方向如图所示，又负电荷所
乙
R Rz
受的电场力与电场方向相
阻为R,则R=
+R,=92,设干路电流为I,则1
R,+R,
反，因此甲带正电，A错误；
等势线的疏密反应电场强度
E
RR2
=1.2A,灯泡两端的电压U,=1‘R,+R
=1.2V
的大小，由于N点的等势线
R外+
比M点的等势线密，则N点的电场强度大，电子在N点
U
的电场力大，电子在N点的加速度大，B正确：甲带正电
灯泡的实际功率P4=
=0.48W,D正确。
R
电场方向大致向右，电子在低电势点电势能大，则电子在
9.AB解析：作出由c点离开的粒子轨迹
N点的电势能大，电子由M到V的过程中电场力做负功，
如图所示，由几何关系可知该粒子在磁
电子的动能减小，速度减小，CD错误。
6.D解析：小物体沿斜面体向上做匀减速直线运动，运动到
场中的轨迹所对应的圆心角为=60°，
T
最高点后再向下做匀加速直线运动，由题意可知小物体
该粒子在磁场中运动的时间为t=
6,
向上运动的最大位移为x=1;设小物体返回到斜面体
粒子的运动周期为T=2mm_2
则粒子
gB kB'
底端的速度为，则有宁=了·2，解得=
2,小物体上
T
在磁场中运动的时间为1二3BA正确：
滑的加速度大小为4，=，小物体下滑的加速度大小4，
由c点离开的粒子轨道半径为R=L,又轨道半径为R=m四
gB
=”=0,则a1:a,=4:1,A可求：由动量定理，小物体
B,所以从c点离开的粒子速度为=kBL,当粒子的速
S、
214t1
上滑时-(mgsin8+mgcos6)t=0-mo,小物体下滑时
度小于kBL时，粒子从bC边离开，粒子的轨迹所对应的圆
心角均为α=60°，所以从bc边离开的粒子在磁场中运动
(ngsine0-mgcost0)·2t=mw,解得sin0=
8gtcos0
的时间均为t=
C错误；如果粒子从bc边的中点离开
BC可求，由于小物体的质量未知，则摩擦力的大小不可
3kB
求解，因此整个过程因摩擦而产生的热量不可求，D不可
求，则本题应选D
磁场时，由儿何关系可知粒子的轨道半径为R=乞，又R
7.C解析：由楞次定律可知，两次线框中产生的感应电流的
方向均沿adcba,A正确；该过程中线框中产生的平均感
=m''
gB kB'
所以发子的速度为/，B正确：由于心边
，流过线
应电动势为E=A,线框中的感应电流为7=E
的中点在粒子人射方向的延长线上，所以无论粒子的速
4
度多大，该粒子不可能从ac边的中点离开磁场，D错误。
R则两
框某一横截面的电荷量为g=7·4,整理得g=
10.ACD解析：设两星球的轨道半径分别为r、ro,由题意可
,+L3
L1-L2
过程流过线框某一横截面的电荷量相同，即为1：1，B正
知rpro=L,Ip-To=L,解得rp=
2=2,整理
确：设正方形线框的边长为L,第一次，线框匀速拉出，线
框中产生感应电动势为E,=BL,线框中感应电流为I1=
得马+忆，
-吃：，A正确；星球P.Q环绕连线上的点做匀速
,线框出磁场的时间为，=。
-,线框中产生的焦耳热为
圆周运动，则星球P、Q的角速度相等，又星球P、Q之间
2
的万有引力提供向心力，所以星球P、Q的向心力大小相
,=,解得Q=)8”:第二次，线框绕o'轴转过
等，则mppw2=mgFow2,因为rp>ro,所以mo>mp,B错
误；由以上分析可知P、Q的线速度分别为p=wrp、vo=
90°，线框中产生的最大感应电动势为Em=BSw,线框中
ro,P、Q的线速度之和为△，=ptto=w(Tp+rg)=wL.
感应电动势的有效值为E,=,则该过程线框中产生的
PQ的线速度之差为△2=p-o=w(rp-Tg)=L2,解得
△，，C正确：由牛顿第二定律对星体P有：Gm,
△w1L1
焦耳热为0，只又4=化整理得Q,,则Q,
L,2
8R
rpo'L2
mpmo
=mprpw',则mg=
,同理对Q有：G
:Q2=4：π，C错误：第一次，线框匀速拉出，线框中产生
G
2
的平均感应电动势为E,=BL;第二次，线框绕o0'轴转过
morow2,则mp=
=。1P.Q质量之和为4m,=m,+m,
90°，线框中产生的平均感应电动势为E,=,又4p三
6,4=整理得-2
公'名o名P0质量之为
G
4
2,解得E,:E=T:2,D
roLn2 rooL2 wLn 2L
正确。
mp=-
G
G
二，解得A=,D正确
△m,Ln
8BD解析：小灯泡A的额定电流乙=了A=1A,灯丝电
11.CD解析：由速度位移关系式得2=2ax,两边乘以m2得
m22=2m2ax,所以p2=2m2ax,结合图像可知k=2m2a三
U632
阻R,
2=32,A错误：断开电键K时，小灯泡A
P。3
4=2,又m=0.5kg,解得a=4m/s2,由牛顿第二定律得
2
高三第二次联考·物理1
高三第二次联考·物理2
