高一开学
物理
第一部分选择题
一、单项选择题：
1.如图，三个质点A、B、C均同时从长方体上的M点沿不同路径同时运动至N点，运动轨
迹如图所示，下列说法正确的是()
A.三个质点的路程相同
B.三个质点的平均速率相同
C.A、B的位移最大，C的位移最小
D,三个质点的平均速度相同
2.如图所示，在距离地面1.8m高的位置竖直向上以vo=8/s的速度抛出一枚网球，最后落
x/m
回地面，不计空气阻力，g=10ms2,则()
A.网球落地时的速度大小为10m/s
B.网球在空中运动的时间为1.6s
C.上升过程加速度的方向向上，下降过程加速度的方向向下
1.8m
D.上升过程加速度不断减小，下降过程加速度不断增大
3.港珠澳大桥是目前全球最长的跨海大桥，风帆造型的斜拉桥部分如图所示，这部分斜拉桥
的一根塔柱两侧共有8对钢索，每对钢索等长。每一条钢索与塔柱成α角，底部穿过桥面固
定在桥面下，若不计钢索的自重，且假设每条钢索承受的拉力大小均为F,下列说法正确的
是()
A.该塔柱所承受的8对钢索的合力大小为16Fc0s
B.该塔柱所承受的8对钢索的合力大小为16F
cosa
C.若仅升高塔柱的高度，钢索承受的拉力变大
D.若仅升高塔柱的高度，钢索承受的拉力不变
4.一种倾斜放置的装取台球的圆筒如图所示。每个台球的质量均为、半径均为R,圆筒直
径略大于台球的直径，圆筒底部有一劲度系数为k的轻质弹簧。当将圆筒口处的台球缓慢
取走后，又会冒出一个台球，刚好到达被取走台球的位置。忽略台球与圆筒壁间的摩擦力，
重力加速度为g,则圆筒与水平面之间的夹角日应满足()
A.sin0=2kR
B.sine=
g
g
C.cos8=级
MWOO00
ng
D.cose=2kR
g
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5.吉林市冬天的雪景十分壮观，各种冰雪运动及游戏十分有趣。如图()所示，质量为M
=30kg的甲坐在质量为m=2kg的爬犁上，乙拉着轻质细绳右端A使爬犁在水平雪地上向
前匀速运动，简图如图(b)所示。己知拴接在爬犁两侧的细绳所在的平面与水平雪地的夹
角为α=53°，两侧细绳等长且细绳间的夹角为0=74°，爬犁与雪地间的动摩擦因数为μ=0.5，
重力加速度g=10m/g2,sin53°=0.8。则(
A.乙的拉力大小为150N
B.雪地对爬犁的支持力大小为96N
53
C.爬犁所受的摩擦力大小为192N
D.两侧细绳上的拉力大小均为100N
图(a)
图(b)
6.如图甲所示，弹跳杆是儿童喜爱的一种玩具，图乙为其简化模型，弹簧从接触地面到被压
缩至最短的过程中，下列说法正确的是(
A.人一直处于失重状态
扶手
B.人的速度一直在增加
踏板
C.弹跳杆刚接触地面时，人的速度达到最大
弹簧
D.人达到最低点时加速度不为零
勿
7.如图，粗糙水平面上放置B、C两物体，A叠放在C上，A、B、C的质量分别为m、2m
和m,物体B、C与水平面间的动摩擦因数相同，其间用一根不可伸长的轻绳相连，轻绳
能承受的最大拉力为T(己知此时A、C保持程相对静止)，现用水平拉力F拉物体B,使
三个物体以同一加速度向右运动，则()
m A
A.此过程中物体C受五个力作用
2m
m C
B
B.当F逐渐增大到T时，轻绳刚好被拉断
777777777
7777777777
C.当F逐渐增大到2T时，轻绳刚好被拉断
D.若地面光滑，BC间绳的拉力变小
二.多项选择题：
8.如图所示，水平地面上固定有两块木板AB、BC,两块木板紧挨在一起，木板AB的长度
是BC的3倍。一颗子弹以初速度Vo从A端水平射入木板，并恰能到达C端，经历的时间
为t,子弹在木板中的运动可以看成匀减速直线运动，则下列说法中正确的是(
)
A子弹到B点的速度为%
B.子弹到B点的速度为
B
C.子弹从A到B的时间为
D.子弹从A到B的时间为
77777777777777777777777777777
第2页供6页物理参考答案
1. D 解：选路程是质点运动轨迹的实际长度，可见 A、B 的路程相同，且大于 C 的路程，A
错。平均速率等于路程与时间的比值，所以 B 错。位移是初位置指向末位置的有向线段，由
此可知，三者的位移相同，C 错。平均速度等于位移与时间的比值，所以平均速度相同，D 对。
2. A 解：A.设网球落地时的速度大小为 v，由竖直上抛运动的位移公式可得 v2 2gh
，即 v2﹣（8m/s）2＝﹣2×10×（﹣1.8）m/s2，解得 v＝10m/s，方向向下，故 A 正确；B.设网
球在空中运动的时间为 t，由竖直上抛运动的速度公式可得﹣v＝v0﹣gt，即﹣10m/s＝8m/s﹣
10m/s2×t，解得 t＝1.8s，故 B 错误；CD.依题意，可知小球做竖直上抛运动，整个运动过程的
加速度为自由落体运动加速度恒定不变，方向竖直向下，故 CD 错误。故选：A。
3. A 解：每一条钢索与塔柱成 角，每条钢索拉力的水平分力为 ，竖直分力为 ，
每一对钢索的水平分力相互抵消，则每一对钢索对塔柱拉力的合力都沿竖直方向向下，所以
对钢索对塔柱的合力大小等于 条钢索沿竖直向下的分力的和，则 对钢索对塔柱的合力为
，故 B 错误，A 正确。 若仅升高塔柱的高度， 角减小，根据平衡条件
可知，钢索承受的拉力变小，故 CD 错误。
4．A 解：由题意分析可知 ，代入可得 ，解得 ，故选 A。
5. D 解：AC、对甲和爬犁整体分析受力，如图所示。由平衡条件得，竖直
方向有 N+Fsin53°＝（M+m）g，水平方向有 Fcos53°＝f，又 f＝μN， 解
得 F＝160N，f＝96N，故 AC 错误；B、由上解得 N＝192N，故 B 错误；
D、设两侧细绳上的拉力大小为 T，则有 2Tcos F，解得 T＝100N，故
D 正确。故选：D。
6.D 解：AB、弹簧从接触地面到被压缩至最短的过程中，人先向下加速后向下减速，先处于
失重状态后处于超重状态，故 AB 错误；C、弹跳杆刚接触地面时，人的重力大于弹力，人的
加速度的方向向下，故速度依然增大，故 C 错误；D、人达到最低点时的加速度向上，不为零，
故 D 正确。故选：D。
7.C 解：A.由题意可知，A 受重力、C 对 A 的支持力和 C 对 A 向右的静摩擦力作用，则 C 受
重力、A 对 C 的压力、地面对 C 的支持力、绳子的拉力、A 对 C 向左的静摩擦力以及地面对
C 的向左的滑动摩擦力的作用，则此过程中物体 C 受六个力作用，故 A 错误；BC.对整体分析，
由牛顿第二定律可得：F﹣μ （m+m+2m）g＝4ma，对 AC 分析，根据牛顿第二定律可得：T﹣μ
（m+m）g＝2ma，联立可得：F＝2T，则当 F＝2FT 时，轻绳刚好被拉断，故 B 错误，C 正
确；D.结合前面分析可知，若地面光滑，对整体分析，由牛顿第二定律可得：F＝4ma，对 AC
分析，根据牛顿第二定律可得：T＝2ma，联立可得：F＝2T，由此可知，BC 间绳的拉力不变，
故 D 错误；故选：C。
8. BD 解：利用逆向思维法，末速度为零的匀减速过程可以看作逆向的初速度为零的匀加速过
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程.对于初速度为零的匀加速过程，第一个时间 T 和第二个时间 T 内的位移之比为 1∶3，据此
可以证明子弹从 A 到 B 的时间等于从 B 到 C 的时间，所以子弹从 A 到 B 的时间为 t2，子弹到
B 点的速度等于从 A 到 C 的平均速度，即 v02.故选项 B、D 正确.
9. CD 解：对小球受力可知，小球受到绳子拉力 T、轨道给的支持力 N 和自身重力 mg ，如图
所示，缓慢地拉轻绳使小球由 A 运动到 B 过程属于动态平衡状态，由
图可知力的矢量三角形与几何三角形 相似，则有
，解得 ， ，其中 mg、R、h 均
不变，L 逐渐减小，则由上式可知，N 不变，T 变小。故选 CD。
10.BC 解：A、根据 a﹣t 图像与坐标轴所围的面积表示速度的变化量，由图像可知 0～2s 内 a
的速度一直大于 b 的速度，物块 a 与物块 b 的距离一直在增大，故 A 错误；B、t＝0 时，弹簧
弹力为零，对 a 根据牛顿第二定律可得 F＝maa0＝3×2.0N＝6N,，t＝2s 时，a、b 整体加速度相
同，对整体根据牛顿第二定律可得 F＝（ma+mb）a1＝6N，代入数据解得：mb＝2kg，故 B 正
确；C、2s 时，对 b 根据牛顿第二定律可得弹簧弹力大小为 Fx＝mba1＝2×1.2N＝2.4N，撤去 F
瞬间，弹簧弹力不会突变，此时 a 的加速度大小为 ，故 C
正确；D、a﹣t 图像与坐标轴所围的面积表示速度的变化量，从图像可看出，t＝2s 时 a 的速
度大于 b 的速度，所以若此时不撤去 F，弹簧在之后的一段时间内会继续伸长，a 的加速度减
小，b 的加速度增大，并不能一起做匀加速运动，故 D 错误。故选：BC。
11. 答案：（1）AB （2）3.1 9.6 （3）空气阻力或纸带与计时器之间的摩擦阻力造成的。
【解答】（1）A．在使用铁夹夹住电火花计时器时，应调整计时器上下限位孔在同一竖直线上，
从而使纸带下落的过程中，减小阻力，A 正确；B．在释放松开纸带时，应保证纸带与限位孔
在同一竖直线上，从而在物体下落的过程中，减小摩擦阻力，B 正确；C．应该先打开电火花
计时器稳定后，再释放纸带，C 错误；
D．释放前重物应该靠近打点计时器，D 错误。故 CD 错误，AB 正确。故选：AB。
（2）两个计数点间的时间间隔 T＝0.04s，打 B 点的瞬时速度等于 AC 段的平均速度
,根据Δx＝aT2，
可得
（3）空气阻力或纸带与计时器之间的摩擦阻力造成的。
12. 答案：（1）B；（2）AC；（3）12。
解：（1）力的合成采用的方法是等效替代法，故 B 正确，ACD 错误；故选：B。
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（2）A.步骤 B、C 中要将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，才能保证合力与分力的作用效
果相同，故 A 正确；B.两细绳不需要等长，故 B 错误；C.为了减小实
验误差，弹簧测力计、细绳、橡皮条都应与木板平行，故 C 正确；
D.用两弹簧测力计同时拉细绳时，两弹簧测力计示数之差不宜太大，
故 D 错误。故选：AC。
（3）根据平行四边形定则，作出的合力如下图所示
求出的合力大小为 F 2N＝12N。
13.解： 根据题意，飞机在弹射区做加速度为 的匀加速直线运动，根据运动
学公式
解得
飞机离开电磁弹射区后在喷气式发动机推力作用下继续做加速度为 的匀加速直线运动，
根据运动学公式
解得
根据运动学公式，弹射区时间
离开电磁弹射区至跑道末端的时间
舰载机从开始起飞到离开跑道的总时间
14. 解：（1）将 O 到货物的部分视为整体，如图，对其受力分析：
由平衡条件可知：T1sinα＝T2sinβ，
其中：T2＝100N，
联立可得：T1＝75N；
（2）由（1）结合平衡条件可知：T1cosα+T2cosβ＝Mg+f，
由题知：f＝kMg，
联立可得：k＝0.25；
15. 解：（1）物体在传送带上滑动过程，由牛顿第二定律得：mgsin37°+μ1mgcos37°＝ma1
代入数据解得：a1＝10m/s2
（2）物体加速到与传送带速度相等需要滑行的位移 x1
解得 x1＝0.2m＜s＝8.20m
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由于μ1＜tan37°，物体与传送带速度相等后继续滑动，对物体，由牛顿第二定律得：mgsin37
°﹣μ1mgcos37°＝ma2
代入数据解得：a2＝2m/s2
设物体到达 B 端时的速度为 v，则 v2 2a2（s﹣x1）
代入数据解得：v＝6m/s
（3）设木板与地面间的最小动摩擦因数为μ
①当μ（m+M）g≥μ2mg
解得μ 时，木板不会运动，木块速度减为 0 时，恰好不会从木板上掉下，木板长度为
Lmin，此过程物体的加速度为 am＝μ2g
根据 v2＝2amLmin
解得 Lmin＝7.2m
②当μ 时，木板发生滑动，物体滑上木板后向右做匀减速直线运动，此时物块加速度
大小仍为 am＝μ2g
木板向右匀加速运动：μ2mg﹣μ（m+M）g＝MaM
当两者速度和等时，恰好不掉下来：v 共＝v﹣amt＝aMt
物体位移：xm t
木板位移：xM t
此时木板长度为：Lmin＝ xm﹣xM
解得 Lmin
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