2025-2026学年河南省信阳重点中学高二上学期开学考试物理试题
一、单选题
1．如图所示，将小物块放在向右运动传送带的A点，一段时间内小物块向右运动了S1，此时传送带的A点与小物块间距离为S2，且小物块的速度仍小于传送带速度，小物块与传送带间的滑动摩擦力为f，则（ ）
A．摩擦力对小物块做功为
B．摩擦力对小物块做功为
C．摩擦力对传送带做功为
D．摩擦力对传送带做功为
2．如图所示平面内，在通有图示方向电流I的长直导线右侧，固定一矩形金属线框，边与导线平行。调节电流I使得空间各点的磁感应强度随时间均匀增加，则（ ）
A．线框中产生的感应电流方向为
B．线框中产生的感应电流逐渐增大
C．线框边所受的安培力大小恒定
D．线框整体受到的安培力方向水平向右
3．如图所示，实线为三条电场线，从电场中M点以相同的速度方向射出a、b两个带电粒子，其仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示。则（ ）
A．a的电势能将减小，b的电势能将增加
B．a一定带正电，b一定带负电
C．a的速度将增加，b的速度也将增加
D．该电场的等差等势面为曲线且从左往右越来越稀疏
4．质量相等的A、B两球之间压缩一根轻质弹簧，静置于光滑水平桌面上，当用板挡住小球A而只释放B球时，B球被弹出落到距桌边水平距离为s的地面上，如图所示．若再次以相同力压缩该弹簧，取走A左边的挡板，将A、B同时释放，则B球的落地点距桌边（ ）
A． B．s C．s D．s
5．如图所示，一辆正以速度v匀速行驶的货车上载有一个木箱，遇到紧急情况时以加速度a刹车，已知木箱到驾驶室的距离为L，木箱与货车间的动摩擦因数为，重力加速度为g，若，则刹车过程中（ ）
A．木箱一定会撞到驾驶室
B．木箱和货车同时停止运动
C．货车受到木箱的摩擦力水平向右
D．为保证安全，需满足
6．如图所示，O处为地心，卫星1环绕地球做匀速圆周运动，卫星2环绕地球运行的轨道为椭圆，两轨道不在同一平面内。已知圆轨道的直径等于椭圆轨道的长轴，且地球位于椭圆轨道的一个焦点上，引力常量为G，地球的质量为M，卫星1的轨道半径为R，卫星1的运转速度为v0，关系为。下列说法正确的是（ ）
A．卫星1的运行周期大于卫星2的运行周期
B．如果卫星1的加速度为a，卫星2在P点的加速度为，则
C．卫星2在Q点的速度
D．卫星2在P、Q点的速度大小关系为
7．如图所示的电场中有A、B两点，下列判断不正确的是（ ）
A．电势φA>φB，场强EA>EB
B．电势φA>φB，场强EA
D．将电荷量为q的负电荷分别放在A、B两点，电荷具有的电势能EpA
8．如图所示的圆锥摆中，摆球A在水平面上做匀速圆周运动，关于A的受力情况，下列说法中正确的是（ ）
A．摆球A受重力、拉力和向心力的作用
B．摆球A受拉力和向心力的作用
C．摆球A受拉力和重力的作用
D．摆球A受的重力和拉力的合力充当向心力
9．如图所示，质量mB=2kg的水平托盘B与一竖直放置的轻弹簧焊接，托盘上放一质量mA=1kg的小物块A，整个装置静止。现对小物块A施加一个竖直向上的变力F，使其从静止开始以加速度a=2m/s2做匀加速直线运动，已知弹簧的劲度系数k=600N/m，g=10m/s2。以下结论正确的是（ ）
A．变力F的最小值为2N
B．变力F的最小值为6N
C．小物块A与托盘B分离瞬间的速度为0.2m/s
D．小物块A与托盘B分离瞬间的速度为m/s
10．光滑水平面有A、B两个物块，质量分别为2m和m，初始时用处于原长状态下的弹簧相连，现在给物块A一个水平向右的初速度。水平面右侧有一墙面，已知经过时间t，物块B第一次达到最大速度，且恰好到达墙壁处，在此过程中，下列说法正确的是（ ）
A．弹簧的最大弹性势能是 B．物块B的最大速度是
C．初始时物块B离墙面的距离是 D．初始时物块B离墙面的距离是
三、实验题
11．某同学利用图示的气垫导轨实验装置验证机械能守恒定律，主要实验步骤如下：
A．将桌面上的气垫导轨调至水平；
B．测出遮光条的宽度d
C．将滑块移至图示位置，测出遮光条到光电门的距离l
D．由静止释放滑块，读出遮光条通过光电门的遮光时间t
E．秤出托盘和砝码总质量，滑块（含遮光条）的质量
已知当地重力加速度为g，回答以下问题（用题中所给的字母表示）
（1）遮光条通过光电门时的速度大小为 ；
（2）遮光条由静止运动至光电门的过程，系统重力势能减少了 ，遮光条经过光电门时，滑块、托盘和砝码的总动能为 ；
（3）通过改变滑块的释放位置，测出多组、数据﹐利用实验数据绘制图像如图。若图中直线的斜率近似等于 ，可认为该系统机械能守恒。
12．实验小组为了测量某电阻的阻值。
（1）先用万用表粗测，将选择开关旋转到电阻挡“×1”的位置，按照正确的操作步骤得到如图所示的示数，则该电阻的阻值为 Ω。
（2）同学们继续使用学生电源（10V）组装如图电路进行实验，其中电表可以从如下中进行选择：（括号中为电表量程及内阻）
A．电压表V1（0—15V，15kΩ）
B．电压表V2（0—3V，3kΩ）
C．电流表A1（0—3A）
D．电流表A2（0—0.6A）
E.滑动变阻器R1（0—10Ω）
F.滑动变阻器R2（0—100Ω）
（3）要求电压从零开始连续可调，在虚线方框中画出实验电路图 。
（4）应选择电压表 ，电流表 ，滑动变阻器 。（填器材前字母）
四、解答题
13．一条绝缘细线上端固定在O点，下端系一个质量为m，带电量为q的小球A，将它置于水平向左的匀强电场中，小球静止时细线与竖直方向夹角成为θ。已知重力加速度为g。
(1)判断小球电性并简要说明理由；
(2)求出匀强电场强度大小；
(3)求仅撤去电场与仅剪断绳子两种情况下小球的瞬时加速度大小之比。
14．如图所示，足够长的平行光滑金属导轨水平放置，宽度L=0.4m，一端连接R=3Ω的电阻，导轨所在空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B=1T，导体棒MN放在导轨上，其长度恰好等于导轨间距，与导轨接触良好，导体棒电阻r=1Ω，导轨的电阻可忽略不计，在平行于导轨的拉力F作用下，导体棒沿导轨向右匀速运动，速度v=5m/s。求：
（1）感应电流I的大小并说明方向；
（2）导体棒两端MN间的电压大小；
（3）导体棒所受安培力的大小并说明方向。
15．如图所示，粗糙水平面AB与竖直面内的光滑半圆形轨道在B点平滑相接，轨道半径，一质量的小滑块（可视为质点）将弹簧压缩至A点后由静止释放，经过B点后恰能通过最高点C做平抛运动。已知小滑块与轨道AB间的动摩擦因数，AB的长度L=2m，g=10m/s2。
（1）求小滑块通过最高点C时速度的大小；
（2）求弹簧压缩至A点时弹簧的弹性势能；
（3）保持（2）中的弹性势能不变，仅减小半圆形轨道半径的大小，则轨道半径多大时小滑块从最高点C飞出后的水平位移x最大，x最大值为多少？
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参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 C D C D D D A CD BC AC
1．C
【详解】AB．小物块在传送带上滑动过程S1，摩擦力做正功为
AB错误；
CD．在题目叙述过程中，传送带的位移为
摩擦力对传送带做负功为
C正确，D错误。
故选C。
2．D
【详解】A．根据安培定则可知，通电直导线右侧的磁场方向垂直于纸面向里，磁感应强度随时间均匀增加，根据楞次定律可知线框中产生的感应电流方向为，A错误；
B．线框中产生的感应电流为
空间各点的磁感应强度随时间均匀增加，故线框中产生的感应电流不变，B错误；
C．线框边感应电流保持不变，磁感应强度随时间均匀增加，根据安培力表达式，故所受的安培力变大，C错误；
D．线框所处空间的磁场方向垂直纸面向里，线框中产生的感应电流方向为，根据左手定则可知，线框边所受的安培力水平向右，线框边所受的安培力水平向左。通电直导线的磁场分部特点可知边所处的磁场较大，根据安培力表达式可知，线框整体受到的安培力方向水平向右，D正确。
故选D。
3．C
【详解】AC．两个带电粒子都只在电场力作用下运动，所以所受的合力即为电场力，由图可知粒子运动方向与合力方向夹角均小于，所以电场力对两个粒子都做正功，两个粒子的电势能都减小，速度都增大，C正确，A错误；
B．电场强度方向未知，无法判断电荷的正负，B错误；
D．等势面与电场线垂直且电场线越密的地方等差等势面越密，所以该电场的等差等势面为曲线且从左往右看越来越密集，D错误。
故选C。
4．D
【详解】挡板挡住A球时，弹簧的弹性势能全部转化为B球的动能，有Ep＝，挡板撤走后，弹性势能被两球平分，则有
Ep＝2×mvB′2
由以上两式解得
vB′＝vB
由于B球抛出后做平抛运动，两次高度相同，运动时间相同可得
故选D
5．D
【详解】C．货车遇到紧急情况时以加速度a刹车，由于木箱做匀减速运动的最大加速度为
由于，可知木箱相对于货车向左运动，木箱受到货车的摩擦力水平向右，则货车受到木箱的摩擦力水平向左，故C错误；
B．货车停下所用时间为
木箱停下所用时间为
可知木箱和货车不是同时停止运动，故B错误；
AD．货车从开始刹车到停下通过的位移大小为
木箱从开始刹车到停下通过的位移大小为
则木板与货车发生的相对位移为
为了保证安全，使木箱与驾驶室不发生碰撞，需要满足
故A错误，D正确。
故选D。
6．D
【详解】A．题意可知卫星2的轨道半长轴为R，根据开普勒第三定律
由于卫星1的半径等于卫星2的半长轴，所以卫星1的运行周期等于卫星2的运行周期，故A错误；
B．设卫星质量为m，则有
解得
由于P点距离中心天体较近，所以
故B错误；
C．若卫星2在OQ为半径的轨道上做匀速圆周运动，万有引力提供向心力
解得
由于卫星在椭圆轨道的Q点要做近心运动，所以
故C错误；
D．若卫星在P点做半径为R的圆周运动，根据
易知卫星在P点做半径为R的圆周运动的速度大于（），由于卫星在圆轨道的P点要做离心运动，则有
同理，若卫星在Q点做半径为1.5R的圆周运动，根据
易知卫星在Q点做半径为1.5R的圆周运动的速度小于（），由于卫星在圆轨道的Q点要做近心运动，则有
综合以上可知
故D正确。
故选D。
7．A
【详解】AB．由图示可知，B处的电场线密，A处的电场线稀疏，因此B点的电场强度大，A点的场强小，即EA
D．由于负电荷受力方向与电场方向相反，将电荷量为q的负电荷从A点移到B点，电场力做负功，电势能增加，故EpA
8．CD
【详解】摆球A受拉力和重力的作用，这两个力的合力充当向心力。
故选CD。
9．BC
【详解】AB．A、B整体受力产生加速度，则有
可得
当FN最大时，F最小，即刚开始施力时，FN最大且等于A和B的重力之和，则
故A错误，B正确；
CD．刚开始，弹簧的压缩量为
A、B分离时，其间恰好无作用力，对托盘B，由牛顿第二定律可知
解得
物块A在这一过程的位移为
由运动学公式可知
代入数据得
故C正确，D错误。
故选BC。
10．AC
【详解】A．当两物块共速时，弹簧压缩的最短，弹簧的弹性势能最大，此过程根据动量定理
两物块和弹簧组成的系统机械能守恒，则
解得
故A正确；
B．当弹簧恢复原长时，物块B的速度达到最大，根据动量守恒
两物块的动能守恒
解得，
故B错误；
CD．当弹簧恢复原长时，物块B的速度达到最大，根据动量守恒
两边同时乘以可得
即
初末状态弹簧均处于原长，所以
解得
故C正确，D错误。
故选AC。
11．
【详解】（1）[1]小车通过光电门时的速度为
（2）[2]从释放到小车经过光电门，这一过程中，系统重力势能减少量为
[3]从释放到小车经过光电门，这一过程中，系统动能增加量为
（3）[4]改变l，做多组实验，做出如图以l为横坐标。以为纵坐标的图像，若机械能守恒成立有
整理有
可知，若图中直线的斜率近似等于，可认为该系统机械能守恒。
12． 20 A D E
【详解】（1）[1]该电阻的阻值为20×1Ω=20Ω。
（2）（3）[2][3][4][5]电源电压为10V，则电压表选择A；电路中最大电流
电流表选择D；滑动变阻器要接成分压电路，则应该选择阻值较小的E；因待测电阻R为小电阻，则采用电流表外接，电路如图：
13．(1)正电，小球所受电场力方向与电场线方向一致
(2)
(3)
【详解】（1）小球受力平衡，根据平衡条件可得小球受到电场力向左，小球所受电场力方向与电场线方向一致，故小球带正电。
（2）小球受力平衡，根据平衡条件可得
联立解得
，
（3）仅撤去电场，小球将做圆周运动，由于小球速度为零，小球的向心加速度为零，根据牛顿第二定律
解得小球的瞬时加速度大小为
仅剪断细绳，小球的合外力与绳子未剪断时的拉力等大反向，根据牛顿第二定律
解得小球的瞬时加速度大小为
则
14．（1），逆时针；（2）；（3），水平向左
【详解】（1）由右手定则可以判定感应电流的方向为N指向M（或逆时针）；导体棒切割磁感线产生的感应电动势大小为
由闭合电路欧姆定律可得，回路中的感应电流大小为
（2）导体棒两端MN间的电压大小为
（3）由左手定则可知导体棒所受安培力方向水平向左；安培力的大小为
15．（1）2m/s；（2）1.4J；（3）即时，x有最大值
【详解】（1）在C点由牛顿第二定律可知
解得
（2）A至C由功能关系可得
代入数据得
（3）保持（2）中的弹性势能不变，则到达B点时速度不变，
小球离开C点后做平抛运动，由平抛规律可得
B至C，由动能定理可得
联立可得
因
所以有
即时，x有最大值
答案第1页，共2页
答案第1页，共2页
