秘密★启用前
姓名
准考证号
2025年9月邵阳市高二拔尖创新班联考试题卷
物理
本试卷共6页，15个小题。满分100分。考试用时75分钟。
注意事项：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。将条形码横贴在答题卡
上“贴条形码区”。
2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔在答题卡上对应题目选项的答案信息
点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案写在试题卷上无效。
3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域
内相应位置上：如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案：不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
4.保持答题卡的整洁。考试结束后，只交答题卡，试题卷自行保存。
一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分，每小题给出的四个选项中，只有一项是
符合题目要求。
1.下列叙述中正确的是
A.开普勒通过观测数据总结出了行星运动定律
B.力的合成与分解的概念建立体现了等效替代的思想
C.牛顿利用月-地检验验证了万有引力定律，并测量了万有引力常量
D.比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，如加速度a=F/m就是采用比
值法定义的
2.如图，在0点处固定一力传感器，细绳一端系上质量为的小球，另一端连接力传感器，
使小球绕O点在竖直平面内做半径为r的圆周运动。t,时刻小球通过最低点时力传感器的
示数为9mg,经过半个圆周，在t,时刻通过最高点时力传感器的示数为2mg。已知运动过
程中小球受到的空气阻力随小球速度的减小而减小，重力加速度为g,下列说法正确的是
A.小球再次经过最低点时，力传感器的示数等于7mg
B.小球再次经过最低，点时，力传感器的示数等于6mg
力传感器
p
C.t2时刻小球到达最高点时的速度大小为v=√gr
D.从(1时刻到2时刻的运动过程中，小球克服空气阻力做的功为
1
2 mgr
2025年9月邵阳市高二拔尖创新班联考试题卷（物理）第1页（共6页）
3.如图，平行板电容器两极板的距离为d,极板与水平面成45°角，上极板带正电。一电荷
量为q(g>0)的粒子在电容器中靠近下极板处，以初动能E。竖直向上射出，不计重力。
极板尺寸足够大，若粒子能打到上极板，则两极板间电场强度的
最大值为
E四
A.2qd
Exo
B.
4qd
2E0
2E0
459
C.2qd
D.
gd
4.我国首台自主设计研制的“蛟龙号”载人深潜器在马里亚纳海沟成功下潜7062米，创造了
当时同类型作业型载人深潜器的世界最深下潜记录。若把地球看成质量分布均匀的球体，
海平面看成球体表面，且球壳对球内任一质点的万有引力为零，忽略地球的自转，则下列
关于“蛟龙号”下潜所在处的重力加速度大小g和下潜深度h的关系图像大致为
g
5.如图甲，有一物体由O点以初速度。沿水平面向右滑行，物体始终受到一个水平向左的
恒力F,已知物体与水平面间的动摩擦因数=0.1，重力加速度g取10m/s2,其动能E
随离开O点的距离s的变化图线如图乙所示，则以下说法正确的是
25
E,小
F
wcuccu
0
s/m
分
A.物体的质量m=3kg
B.物体受到水平向左的恒力F=3N
C.物体与水平面间的摩擦力大小F=3N
D.由于摩擦力做负功，物体的机械能不断减小
6.如图所示，在光滑水平面上停放质量为m、装有弧形槽的小车，现有一质量为2m的光滑
小球以。的水平速度沿切线水平的槽口滑上小车，到达某一高度后，小球又返回小车右
端，不计空气阻力，重力加速度为g,则下列说法正确的是
目小球到达最高点时的速度为
B.小球离开车后，将对地向右做平抛运动
C.小球在孤形槽上上升的最大高度为
g
777777n77777777777777777777
D.此过程中小球对车做的功为后m好
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物理
一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分，每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题
目要求。
题号
1
2
3
4
5
6
答案
B
D
A
0
B
Q
二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题
目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
题
号
7
8
9
10
答案
BD
ACD
AB
AD
三、非选择题：本题共5小题，共56分。
23
11.(1)1(3分)
·(3分)
5
(2)b(2分)
12.（每空2分)
(1)A2
锂电池
(2)1
6
13.(10分)
1
解：(1)粒子从A、B间射出时的速度为v,则有gU=
m3
…(2分）》
2Ug
)=
…(2分)
m
(2)设粒子离开偏转电场时偏转距离为y,v,=v,x=v,t
在竖直方向有
1
v,=at,y=
(1分)
粒子加速度
F gE
a=-
(1分)
mm
Ex2
y=
…
40
(1分)
2025年9月邵阳市高二拔尖创新班联考参考答案与评分标准（物理）第1页（共3页）
(3)方法一：由上述关系式得v,=Ex
9,所以粒子打在荧光屏上时的动能为
N2mU
+7m2=gl495t-9(4+)
…(3分)》
40
4U
方法二：对于粒子运动的整个过程应用动能定理qU+qy=Ek,
得
E=9U+E·x=940+Ex
(3分)
4U
14.(14分)
解：(1)凿岩棒从靶点C。到达A。点的过程中，由动能定理得
W+F,H-mg(h+H)-F,H=0,…(2分)
解得W=1.8×107J。
(2分)
(2)从自由释放处到击中靶点C。后静止的全过程，由动能定理得
mg(h+H+△h)-(F,+F2)(H+△h)-F'△h=0,
(2分)
解得F=1.48×107N,…(2分)
由牛顿第三定律得凿岩棒对岩石的平均作用力的大小为F=F'=1.48×10 N。…(1分)》
(3)当0≤x<10m时，从释放点到击中靶点后静止的过程，有
mg(h+H+△h)-(F,+F2)(H+△h)-W=0,…(1分)》
解得W=1.48×107J;…(1分)》
当10m≤x≤30m时，从释放点到击中靶点后静止的过程，有
mg[h+H+(x-x)tan0+Ah]-(F +F,)(H+Ah)-W=0,...........
(2分)
解得W=1.18×10+3×10x(J)…(1分)》
15.(16分)
解：(1)设小球自静止下落至薄圆盘处时的速度为v。,根据机械能守恒定律有
mgl52m010u…
(1分)
v=V2gl
(1分)
(2)设第一次碰撞后瞬间小球和薄圆盘的速度分别1、21，在小球与薄圆盘碰撞过程中，
根据动量守恒定律有mwo=mw,+M21,…（1分）
根据机械能守恒定律有)m品=】m
1
2m,+Mo,
(1分)》
且a=1,联立解得1=
√2g√/2gl
2,21=
(2分)
2
故第一次碰撞后瞬间小球和薄圆盘的速度大小均为
2
(3)由薄圆盘受到的滑动摩擦力与其重力大小相等可知，自第一次碰撞后薄圆盘做匀速直
线运动，当小球和薄圆盘间的距离最远时，两者的速度相等，设在第一次碰撞到第二次碰撞
之间，经过时间两者速度相等，由速度关系有+go=2,…(1分)
27
解得to=,
g
(1分)
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