2024年广东省初中学业水平模拟考试物理试题（二）
1．（2024九下·广东模拟）下列关于分子与原子的说法，正确的是（ ）
A．一切物质的分子都在不停地做无规则的运动
B．分子可以用肉眼直接分辨
C．温度越高，分子运动越缓慢
D．原子由质子和中子组成
2．（2024九下·广东模拟）下列关于能源的说法，正确的是（ ）
A．电能属于一次能源
B．化石能源都属于可再生能源
C．太阳内部发生氢核聚变释放出能量
D．因为能量是守恒的，所以我们无需节约能源
3．（2024九下·广东模拟）小海看到某电动车宣传广告如图所示，符合生活实际的是（ ）
A．整车质量仅600g B．车座距离地面68cm
C．行驶速度可达180km/h D．室内充电，安睡无忧
4．（2024九下·广东模拟）阳光明媚，小海来到湖边游玩，下列有关光现象的说法正确的是（ ）
A．太阳光属于电磁波
B．太阳光中的红外线能使荧光物质发光
C．路面出现树木的影子是光的反射现象
D．在湖面看到自己的倒影是光的折射现象
5．（2024九下·广东模拟）如图所示是小海跳远的情景。不考虑空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．小海起跳前加速助跑，是为了增大惯性
B．小海经过最高点时机械能最大
C．小海比赛穿的跑鞋鞋底布满花纹是为了增大压力，增大摩擦力
D．以小海为参照物，看台上的观众是运动的
6．（2024九下·广东模拟）如题图所示，下列关于内能的转化与利用说法错误的是（ ）
A．汽油机中汽油热值与它的质量无关
B．图甲通过做功的方式改变筒内空气的内能
C．图乙为汽油机的做功冲程
D．两种情形中的能量转化过程相同
7．（2024九下·广东模拟）科学家经过长期研究，发现了电和磁有密切关系，其中最重要的两项研究如题图所示，下列判断中正确的是（ ）
A．甲图所揭示的原理可制成发电机
B．甲图中向左移动滑片，ab将向左运动
C．乙图的操作过程把机械能转化为电能
D．乙图中若对调磁体磁极，同时导线向左运动，电流表指针将会向右偏转
8．（2024九下·广东模拟）汽车的鸣笛声是由发声体 产生的；它对正在学习的小珠而言属于噪声，小珠关闭门窗可在 中改变声音的 （选填“音调”“响度”或“音色”），从而减弱噪声。
9．（2024九下·广东模拟）题图为酒精熔化和沸腾时温度随时间变化的图象，分析图象可知：固态酒精属于 （选填“晶体”或“非晶体”）；t1时刻酒精处于 （选填“固”“固液共存”或“液”）态；酒精沸点为 ℃。
10．（2024九下·广东模拟）小海利用如题图所示装置探究物距在一倍焦距内的成像规律。他先将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻线处，后应将蜡烛放置在光具座上的 （选填“A”“B”或“C”）处，再从透镜的 （选填“左”或“右”）侧用眼睛可观察到烛焰的像；生活中利用此原理可以制成 （选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）。
11．（2024九下·广东模拟）指南针有重要实用价值。如题图甲所示，指南针静止时a端指向北方，a是指南针的 极，这是因为它受到了 （选填“自身”或“地”）磁场的作用。若将指南针放在如题图乙所示的电磁铁左侧，闭合开关S，静止时指南针仍呈现如题图甲所示的指向，则电源的上端是 （选填“正”或“负”）极。
12．（2024九下·广东模拟）甲和乙两种物质的质量与体积关系图象如题图所示，甲物质的密度为 kg/m3，相同体积的甲、乙质量之比m甲：m乙= ；由乙物质做成的小物品被宇航员从地球带到太空后，质量 （选填“变大”“不变”或“变小”）。
13．（2024九下·广东模拟）“探索一号”科考船搭载“奋斗者”号载人潜水器执行载人深潜科考任务。“探索一号”的排水量是6250t，当它满载时受到的浮力是 N；如题图，某次作业时“奋斗者”号由海面下的A位置下潜到B位置，此过程它所受浮力大小将 （选填“变大”“不变”或“变小”），“奋斗者”号最大下潜深度达10909m，当到达水下10000m时，它受到海水的压强是 Pa。（ρ海水=1.0×103kg/m3，g=10 N/kg）
14．（2024九下·广东模拟）“地磅”可检测货车是否超载。题图是某种地磅的工作原理图，滑片P可在竖直放置的电阻R上滑动。闭合开关S，当货车质量增大时，显示器的示数增大。“显示器”由 （选填“电流”或“电压”）表改装而成；接线柱“1”应与接线柱 （选填“2”或“3”）连接。长期使用后显示器示数会偏小，可能的原因是 。
15．（2024九下·广东模拟）如图所示，一枚硬币稳稳地立在水平桌面上（O为重心）。请画出硬币受到的重力和支持力。
16．（2024九下·广东模拟）太阳光可视为平行光，小珠利用它粗测凸透镜焦距，让放大镜正对太阳光，当纸面上出现最小最亮光斑时如题图所示，请在图中画出相应的入射光线和折射光线。
17．（2024九下·广东模拟）如图所示为小明家墙上安装的一个三孔带开关的插座。此插座的优点是，不用拔下插座上的插头，只需将插座上的开关断开就可以安全切断电源。请在图中将开关和插座正确地接到电路中。
18．（2024九下·广东模拟）如题图1所示，物体水平向右运动的距离s为 cm；如题图2所示，此时温度计示数为 ℃；如题图3所示，电能表读数为 kW·h。
19．（2024九下·广东模拟）小珠用天平测量物体的质量过程中，某一场景如题图所示，她接下来的操作是： ，移动游码，直至天平平衡，记录物体的质量。
20．（2024九下·广东模拟）小海提着如题图1的自制气压计从一楼走到十楼，观察到吸管中的液面上升，说明大气压强随海拔高度升高而 （选填“增大”“不变”或“减小”）；如题图2所示，小珠往B管中吹气，可看到A管中的液面 （选填“上升”“不变”或“下降”）。
21．（2024九下·广东模拟）小海要探究“滑动摩擦力的大小是否与接触面的粗糙程度有关”，他通过如题图甲的实验操作来验证他的猜想。
（1）如题图甲所示，用弹簧测力计沿水平方向拉动物体A，使其分别在木板和毛巾表面做 运动，由图可知物体A在木板表面运动时受到的滑动摩擦力为 N；
（2）对比两次实验可知： ，滑动摩擦力越大；
（3）小珠为测量滑动摩擦力大小，设计了如题图乙所示的装置，进行了如下操作：
①将弹簧测力计甲一端固定在墙上；
②用弹簧测力计乙沿水平方向拉动长木板；
③记录弹簧测力计乙的示数F3；
④记录弹簧测力计甲的示数F4。
步骤②中，长木板 （选填“一定”或“不一定”）要做匀速直线运动；小珠的操作中可以去掉的步骤是 （选填步骤序号）；
（4）小珠在做图乙实验时，拉动长木板没有及时停下来，当物体有三分之一滑出长木板表面时，它所受摩擦力大小将 （选填“增大”“不变”或“减小”）。
22．（2024九下·广东模拟）某小组进行“测量定值电阻R的阻值”实验。
（1）连接电路前，检查电流表指针位置如题图甲所示，此时需要进行的操作是 ；
（2）实验电路如题图乙所示，请把图乙的实物图补充完整，要求开关闭合时电流表示数最小（导线不能交叉）；
（3）小组设计了实验数据记录表格如下表，表中①处应填写的内容是：① ；
实验次数 电压U/V 电流I/A 电阻R/Ω ①
1
2
3
（4）某次测量时，电压表的示数如题图丙所示为 V，电流表的示数为0.4A，则本次测得R的阻值为 Ω；
（5）在实验中，若电压表突然损坏，已知滑动变阻器的最大阻值为R，电源电压恒定，小珠设计了如题图丁所示的电路图测出Rx的阻值。请将实验过程补充完整：
①闭合开关S， ，读出电流表示数I1，则电源电压U=I1Rx；
②将变阻器的滑片移至最左端，读出电流表示数I2；
③Rx的表达式：Rx= （用I1、I2和R表示）。
23．（2024九下·广东模拟）题图是某款无人机，它的总质量为0.2kg，能够垂直升降。它在10s内竖直向下移动了40m后停在水平地面上，两支架与地面的总接触面积为1×10-3m2。（不计空气阻力，g=10N/kg）求：
（1）它下降的平均速度；
（2）它受到的重力大小和下降过程中重力所做的功；
（3）它停在地面上时对地面的压强。
24．（2024九下·广东模拟）一款新型电饭锅如题图甲所示，可实现温度智能化控制，其简化电路如题图乙所示。R1和R2均为电热丝，S是总开关，S1是温控开关，电路有加热、保温两种状态。S、 S1均闭合开始加热，电路中的电流为4A；仅闭合S时，电路中的电流为1A。求：
（1）加热时，电路中电阻的大小；
（2）保温时，R1两端的电压；
（3）加热10min电路产生的热量。
25．（2024九下·广东模拟）题图甲是我国古代劳动人民在建造宫殿时移动巨木的情景，该机械结构示意图如题图乙所示，人们通过横杆、支架等，将巨木的一端抬起，垫上圆木，以便将其移动。
（1）题图甲中在巨木下垫上圆木是为了 摩擦力，以便将其移动；支架下方垫有面积较大的石块，是为了 压强（两空均选填“增大”或“减小”），防止支架陷入地面；
（2）为更易撬动巨木，架在支架上的横杆属于 （选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆，人们对杠杆施加动力时应 （选填“靠近”或“远离”）杠杆支点；
（3）在题图乙中人们在A点拉动横杆时沿 （选填“F1”“F2”或“F3”）方向最省力，若巨木重17000N，缓慢抬起其右端，绳子至少需要提供 N的拉力，若每个工人双手最大拉力为800N，至少需要 个人同时在A点以最省力方式拉动横杆。（横杆和绳子的自身重力忽略不计）
26．（2024九下·广东模拟）“如何才能快速解冻从冰箱拿出来的冻肉呢？”小海查阅资料后利用冰块、食用盐和白糖进行模拟实验，实验装置如题图所示。
步骤一：取三份初温和①相同的冰块，其中两份分别均匀撒上质量相等的少量食用盐和白糖；
步骤二：将三份冰块同时静置于漏斗中，用电子秤测量烧杯与液体的总质量m，每隔5min记录一次；
步骤三：根据实验数据得到总质量m与时间t的关系图象如题图丁所示，分析得出实验结论。
（1）步骤一中①处应填写的内容是： ；
（2）分析题图丁可知：烧杯的质量为 g，甲装置的冰块质量为 g，使用 （选填“食用盐”或“白糖”）可以更快速解冻冻肉；
（3）小海完成本次实验耗时将近50min，不更换或不增加实验器材的前提下，请你为他提出一条缩短实验时间的可行建议： ；
（4）若小珠重复小海的实验，取出质量为3g、初温为-18℃的冰块，一段时间后温度升高了10℃，则冰块所吸收的热量为 J。【c冰=2.1×103J/（kg·℃）】
27．（2024九下·广东模拟）阅读材料，回答问题。
变频空调
空调作为家用电器越来越多地进入千家万户。如题1图甲所示，空调工作的基本原理是利用压缩机将气态“冷媒”物质加压进入冷凝器，变成液态。液态“冷媒”进入蒸发器，变成气态。传统空调压缩机依靠其不断地“开”、“停”来调节室内温度，其一开一停之间容易造成室温忽高忽低。变频空调则依靠控制压缩机转速的快慢达到控制室温的目的，不但电能消耗少，而且室温波动小，大大提高舒适度。
例如，某品牌变频空调和定频空调在教室内测试时的功率—开机时间图象如题1图乙和图丙。变频空调先通过大功率P1将温度降低到设定温度后，改变自己压缩机的频率，将功率降至P2；普通空调开机后，通过固定功率P'吹冷风，再反复运行或停止运行，以实现制冷。
请根据以上材料回答下面问题：
（1）液态“冷媒”进入蒸发器，变成气态，该物质发生的物态变化名称是 ，此过程 （选填“吸热”或“放热”）；
（2）题1图乙所示某品牌变频空调工作1h消耗的电能是 kW·h；
（3）若定频空调开机时间1h，消耗电能0.6kW·h，“开”、“停”过程中能量损耗不计，根据题1图丙分析，定频空调功率P'是 kW；
（4）为了根据室内温度控制空调通断，小珠利用电磁铁（线圈电阻忽略不计）、热敏电阻R1、定值电阻R0=60Ω，设计并制作了如题2图甲所示自动控制电路。其中电源电压恒为3V，热敏电阻R1的阻值随温度升高而减小，变化情况如表所示。当气温升至30℃时，通过电磁铁的电流为I0，衔铁会被吸下，接通R0和空调线路，此时R1、R0的连接方式是 （选填“串联”或“并联”）。当室温降低至a℃（a<30）以下时，通过电磁铁的电流小于I0，弹簧拉动衔铁切断R0和空调线路。已知室内温度随时间变化情况如题2图乙所示，60min 时间内，电阻R0消耗的电能是 J。
温度 24 26 28 30 32 34
R1阻值/Ω 40 30 26 20 18 15
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】科学探索；分子热运动；原子结构
【解析】【解答】A．一切物体的分子都在不停地做无规则运动，故A正确；
B．分子只有借助电子显微镜才能看到，故B错误；
C．温度越高，分子运动越剧烈，故C错误；
D． 原子核由质子和中子组成 ，故D错误。
故选A。
【分析】1、物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
2、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快。
2．【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；太阳能及其利用与转化
【解析】【解答】A．电能是由其他能源转化而来的，属于二次能源，故A错误；
B．化石能源属于不可再生能源，故B错误；
C． 太阳内部发生氢核聚变释放出能量，故C正确；
D．能量是守恒的，不是所有的能量都可以被人类所利用，需要节约能源，故D错误。
故选C。
【分析】1、一次能源：自然界可以直接获取的能源，不需要加工的能源：如太阳能、风能、海洋能二次能源，不可以直接获取的能源，需要加工的能源，如电能；
2、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式；
3、能量守恒：能量在转化或者转移过程中，能量不会消失也不会凭空产生，即遵循能量守恒。
3．【答案】B
【知识点】质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动；电流的热效应
【解析】【解答】A．简易款式的电动车整车质量在40kg左右，故A不符合题意；
B．车座距离地面的高度在68cm左右，故B符合题意；
C．电动车正常行驶的速度在20km/h左右，故C不符合题意；
D．由电流的热效应可知，充电时会发热，若散热不良会引发火灾。所以在通风良好的室外或专用充电区域进行充电，故D不符合题意。
故选B。
【分析】1、熟悉生活中常见的物体质量，如一枚鸡蛋为50g，中学生质量为50kg，
2、熟悉生活重常见的温度，如体温为37℃，令人舒适的温度为24℃，
3、识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm，
4、识记生活中常见的速度、心跳一分钟70次，走路的速度1.2m/s。
4．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；紫外线；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．太阳光本质是电磁波，故A正确；
B．紫外线能使荧光物质发光，故B错误；
C．树木的影子是光的直线传播现象，故C错误；
D．湖面看到自己的倒影是光的反射现象，故D错误。
故选A。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射；
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅；
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等；
4、 太阳光作为一种自然现象，其本质是电磁波。
5．【答案】D
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法；参照物及其选择
【解析】【解答】A．惯性只和质量有关，质量越大，惯性越大，与速度无关，故A错误；
B． 不考虑空气阻力 ，机械能守恒，即机械能不变，故B错误；
C．跑鞋鞋底布满花纹是为了增大接触面的粗糙程度，从而增大摩擦力，故C错误；
D．以小海为参照物，看台上的观众与小海的运动状态不同，所以二者是运动的，故D正确。
故选D。
【分析】1、相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止；
2、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
3、摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
6．【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】A．热值和燃料的质量多少无关，故A正确，不符合题意；
B．活塞迅速压下去，活塞对筒内空气做功，空气的内能变大，温度升高，即机械能转化为内能，通过做功的方式改变筒内空气的内能，故B正确，不符合题意；
CD．图乙中，两气门关闭，活塞下行，属于做功冲程，内能转化为机械能故C正确，不符合题意；，故D错误，符合题意。
故选D。
【分析】1、活塞压缩空气，类似打气筒，活塞的机械能转化为空气的内能，空气温度增加，通过热传递使得棉花燃烧；
2、加热水使得瓶塞喷射，通过热传递使得水的温度升高，吸收热量，水不断汽化为水蒸气，水蒸气内能增加，转化为瓶盖的机械能，水的内能减小，温度降低，水蒸气遇冷液化为小水珠。
3、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
7．【答案】C
【知识点】磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；产生感应电流的条件
【解析】【解答】A．图甲中通电导体在磁场中受到力的作用，可制成电动机，故A错误；
B．甲图中开关是断开的，ab不会运动，故B错误；
C．乙图中导体切割磁感线，机械能转化为电能，产生感应电流，故C正确；
D． 乙图中若对调磁体磁极，同时导线向左运动，电流表指针偏转方向不变，所以向左偏转 ，故D错误。
故选C。
【分析】1、电磁感应定律的应用，闭合回路中的导体不断做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流的现象就是电磁感应现象。
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转。
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机。
8．【答案】振动；传播过程；响度
【知识点】声音的产生；防治噪声的途径
【解析】【解答】汽车的鸣笛声是由发声体振动产生的。关闭门窗，属于在传播过程中减弱噪声，同时也减小了声音的响度。
综上 第1空、振动； 第2空、传播过程； 第3空、响度。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、减弱噪音的途径有：声源处（摩托车装消声器）、传播中（建隔音墙 ）、人耳处（戴耳罩）。
9．【答案】晶体；液；78
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；沸腾及沸腾条件
【解析】【解答】固态酒精在熔化过程中，温度保持不变，所以该物体是晶体。t1 时刻酒精已熔化结束还未沸腾，处于液态。酒精在沸腾过程中温度保持78℃不变，沸点是78℃。
综上 第1空、晶体； 第2空、液； 第3空、78.
【分析】1、晶体与非晶体的识别：晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点
2、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态；
3、沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大。
10．【答案】C；右；放大镜
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】探究物距在一倍焦距内的成像规律，焦距为10cm的凸透镜、所以接下来他应将蜡烛放置在光具座上C点处。物距小于一倍焦距，凸透镜成虚像，像与物在凸透镜的同侧，此时应该再从透镜的右侧用眼睛观察蜡烛烛焰的像。生活中利用此原理制成放大镜。
综上 第1空、 C；第2空、右； 第3空、放大镜。
【分析】凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
11．【答案】N；地；正
【知识点】地磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】指南针静止时a端指向北方，所以a是指南针的N极，这是因为它受到了地磁场的作用。
静止时指南针仍呈现如图甲所示的指向，N极指向北方，说明电磁铁的N极在电磁铁的下端，根据安培定则可知电源的上端为正极，下端为负极。
综上 第1空、N； 第2空、地； 第3空、正。
【分析】1、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
2、磁感线： 在磁场中画一些曲线，使曲线上任何一点的切线方向都跟这一点的磁场方向相同，磁感线是人为假想表征磁场方向和强弱的 的物理量，磁感线从N极出发，回到S极
2、地磁场和地理的磁极相反， 地磁场的N极在地理南极附近， S极在地理北极附近。
12．【答案】8×103；8：3；不变
【知识点】质量及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】甲物质的体积为1.0cm3时，质量为8g，乙物质的体积为2.0cm3时，其质量为6g，根据可得，甲乙物质的密度为；
，同理计算相同体积的甲、乙质量之比为
；当乙物质做成的小物品被宇航员从地球带到太空后，质量不变。
综上 第1空、8×103； 第2空、8：3； 第3空、 不变。
【分析】1、密度的性质：密度是物质的基本属性，不随质量和体积的变化而变化；至于材料本身以及材料状态有关。
2、根据密度公式计算m=ρv分析可知，体积相同是质量和密度成正比。
13．【答案】6.25×107；不变；1×108
【知识点】液体压强计算公式的应用；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据阿基米德原理可知。物体受到的浮力等于排开水的重力，所以；潜水器排开水的体积不变，故此过程它所受浮力大小将不变。根据压强公式计算当到达水下10000m时，受到海水的压强为
。
综上 第1空、 6.25×107； 第2空、 不变； 第3空、 1×108。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大。
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力。
14．【答案】电流；3；电源电压变小
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】“显示器”串联在电路中的，所以“显示器”是电流表；货车质量增大时，弹簧被压缩，滑动变阻器滑片向下移动，显示器的示数也增大，所以电阻变小，由此可得接线柱“1”应与接线柱“3”连接。长期使用后显示器示数会偏小，原因为是电源电压变小。
综上 第1空、 电流；第2空、3； 第3空、 电源电压变小/
【分析】1、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
15．【答案】
【知识点】弹力；重力示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】重力的方向竖直向下，作用于O，硬币静止，所以重力G等于支持力F，支持力竖直向上如图所示：
【分析】1、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
2、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上。
16．【答案】
【知识点】主光轴、光心、焦点和焦距；透镜的光路图
【解析】【解答】凸透镜对光线有汇聚作用，平行射入凸透镜，经过折射后折射光线通过焦点，如图所示：
【分析】透镜成像规律：凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
17．【答案】
【知识点】家庭电路的组成
18．【答案】2.10；22；2024.5
【知识点】温度及温度计的使用与读数；刻度尺的使用；电能表参数的理解
【解析】【解答】刻度尺的分度值为0.1cm，运动的距离为s=3.10cm-1cm=2.10cm；温度计的分度值为1℃，读数为22℃。电能表最后一位为小数点第一位，电能表的读数为2024.5kW·h。
综上 第1空、 2.10； 第2空、22； 第3空、2024.5.
【分析】1、电能表参数的理解：电能表是计量电能的仪表，电能表的数字中最后一位表示的是小数点后一位，
2、刻度尺的使用：使用刻度尺要注意量程和分度值，中学设计的刻度尺，分度值为0.1cm，读书时要估计到分度值后一位；
3、长度的测量：测量物体长度时，要将物体紧贴刻度尺，视线与刻度尺刻度平行；
4、温度计的原理及使用方法：温度计的之作用原理为热胀冷缩，读数时，需确定分度值，视线平行液柱所对应的刻度线。
19．【答案】取下5克砝码
【知识点】质量的测量与天平的使用
【解析】【解答】指针偏向右侧，说明砝码的总质量较大，需要取下5g的砝码，移动游码，直至指针在水平位置平衡，读出物体的质量。
综上 第1空、 取下5克砝码 。
【分析】天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码。
20．【答案】减小；上升
【知识点】大气压强与高度的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 吸管中的液面上升，说明外界的压强小于瓶内压强，所以大气压随着高度的升高而减小，往B管中吹气，上方空气的流速变大，压强减小，所以A管水上升。
综上 第1空、 减小；第2空、上升。
【分析】1、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
2、压强和海拔的关系：海拔越高，压强越小。
21．【答案】匀速直线；2.4；当压力一定时，接触面越粗糙；不一定；③；不变
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1） 用弹簧测力计沿水平方向拉动物体A，使其分别在木板和毛巾表面做匀速直线运动，由二力平衡的条件，拉力大小才等于摩擦力的大小；测力计分度值示数为2.4N，则受到的滑动摩擦力为2.4N。
（2）对比两次实验，其余因素相同，毛巾表面较为粗糙，测力计示数较大，所以当压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）图乙中，木块相对地面处于静止状态，所以处于平衡状态，故改进后长木板不一定要做匀速直线运动，只需要测量F4，不必测量对长木板的拉力，可以去掉的步骤是③。
（4）当物体有三分之一滑出长木板表面时，压力和接触面粗糙程度不变，所以所受摩擦力大小不变。
综上 第1空、匀速直线； 第2空、2.4； 第3空、当压力一定时，接触面越粗糙； 第4空、不一定； 第5空、③； 第6空、 不变。
【分析】1、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
2、从实验操作方面考虑，丁图中用力水平拉动木块下面的长木板 不需要做匀速直线运动，原因为 滑动摩擦力大小与运动快慢 无关，且可以稳定读数。
22．【答案】调零；；R平/Ω；2.4；6；将变阻器的滑片移至最右端；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在实验前检查实验器材时，电流表指针位置不为0，说明电流表使用前没有调零，需要进行的操作是对电流表进行调零。
（2）滑动变阻器一上一下串联接入电路中，开关闭合时电流表示数最小，变阻器电阻最大，连接变阻器的右下方的接线柱，如图所示：
（3）为减小误差，应多次测量取平均值，①处应填写的内容为电阻的平均值R平/Ω。
（4）电压表选择小量程，示数是2.4V，R的阻值为；
（5）闭合开关S，将滑片移至最右端，变阻器电阻器为0，电路中只有Rx的简单电路，电流表示数I1，则电源电压U=I1Rx。在步骤②中，电阻Rx与滑动变阻器最大阻值串联，读出电流表示数I2，根据欧姆定律可计算电源电压U=I2(R+Rx)，I1Rx=I2(R+Rx)，。
综上 第1空、调零； 第3空、R平/Ω； 第4空、2.4； 第5空、6； 第6空、将变阻器的滑片移至最右端； 第7空、。
【分析】1、伏安法测电阻：电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U，电流表串联在电路中测量待测电阻的电流I，根据欧姆定律R=U/I计算待测电阻的阻值。
2、误差作为真实值和测量值之间的差值，不可能完全消除，只能减小， 减小误差的方法有采用精密的测量工具、改进测量方法、多次测量求平均值等。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
23．【答案】解：（1）由题意及速度公式可得，下降的平均速度为；
（2）由题意可得，无人机的重力为G=mg=0.2kg×10N/kg=2N；由W=Fs可得，重力所做的功为W=Gh=2N×40m=80J
（3）由题意可得，在水平面上对地面的压力为F=G=2N，由可得，压强为
答：（1）该无人机下降速度为4m/s；
（2）该无人机受到的重力为2N；降落过程中重力所做的功为80J；
（3）该无人机对地面的压强为2×103Pa。
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）由题意及速度公式可得， 飞机在10s内竖直向下移动了40m，根据速度公式计算下降的平均速度；
（2）由题意可得，无人机的质量为0.2kg，根据重力公式计算飞机的重力为G=mg；由W=Fs可计算重力所做的功；
（3）由题意可得，在水平面上对地面的压力为F=G；根据压强公式计算无人机的压强。
24．【答案】解：（1）当S、S1均闭合时，电路中R1短路，只有R2工作，电路中电阻最小。由可知，此时处于加热状态，电路中电阻；
（2）当S闭合S1断开时，R1和R2串联，电路中电阻最大，由可知，此时处于保温状态，电路中的总电阻
，R1的阻值R1=R总-R2=220Ω-55Ω=165Ω，R1两端电压U1=I保R1=1A×165Ω=165V
（3）加热10min电路产生的热量。
答：（1）加热时，电路中电阻为55Ω；
（2）保温时，R1两端的电压为165V；
（3）加热10min电路产生的热量为5.28×105J。
【知识点】欧姆定律及其应用；焦耳定律的应用
【解析】【分析】（1）当S、S1均闭合时，电路中只有R2工作，电阻最小。由可计算此时处于加热状态，根据欧姆定律计算电路中电阻；
（2）当S闭合S1断开时，R1和R2首尾依次相连，属于串联，此时电路的电阻最大，由可计算此时处于保温状态，根据欧姆定律计算电路中的总电阻，根据串联电路的电阻规律可计算
R1的阻值R1=R总-R2；根据欧姆定律计算R1两端电压U1=I保R1；
（3）根据焦耳定律计算加热10min电路产生的热量。
25．【答案】减小；减小；省力；远离；F2；1×104；4
【知识点】减小压强的方法及其应用；杠杆的平衡条件；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】（1）在巨木下垫上圆木，变滑动为滚动，可以减小摩擦力，支架下方垫有面积较大的石块，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。
（2）架在支架上的横杆，在使用时动力臂大于阻力臂，动力小于阻力，是省力杠杆。动力臂越长，动力越小，所以为了更易翘起木料，人们对杠杆施加动力时应远离杠杆支点，以增大动力臂。
（3）如图乙，当动力沿F2方向时，其力臂最长，则力最小，沿F2方向更省力。由杠杆平衡条件可得
，解得绳子对巨木的拉力为；由杠杆平衡条件可得，解得，工人双手最大拉力为800N，故有
，所以至少需要4个人同时在A点以最省力方式拉动横杆。
综上 第1空、减小； 第2空、减小； 第3空、省力； 第4空、远离； 第5空、F2； 第6空、1×104 ；第7空、 4.
【分析】1、摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
2、压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积；
3、杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力*动力臂=阻力*阻力臂；
4、省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等壁杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平。
26．【答案】质量；31.8；4；食用盐；减少冰的质量；63
【知识点】凝固与凝固放热特点；物理学方法；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）实验采用控制变量法，变量为撒入东西的种类，需要保证其他变量相同，如质量、体积相同。
（2）由丁图可知，当时间为0，电子秤称量的是空烧杯的质量，电子秤的示数为31.8g；由丁图可知，甲装置的冰块完全熔化后总质量为35.8g，所以冰块的质量为；乙熔化速度最快，故使用食用盐可以更快速解冻冻肉。
（3）冰的质量越大，熔化时间越长，所以减少冰的质量（或体积）、或者提高冰的初温减少熔化的时间。
（4）根据热量的计算公式计算冰块所吸收的热量为。
综上 第1空、质量； 第2空、31.8； 第3空、4； 第4空、食用盐； 第5空、减少冰的质量； 第6空、 63。
【分析】1、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如探究某个单一变量对物理量的影响时，需要控制其余变量相同，如 快速解冻从冰箱拿出来的冻肉 ，变量为撒入东西的种类。
2、热量的计算：公式为Q=cmΔt，所以吸收或者释放相同的热量，水比热容大，温度变化低，应用：冷水降温、温水保温。
27．【答案】汽化；吸热；0.46；1；并联；180
【知识点】物质的三态；串联电路和并联电路的辨别；电功率的计算；焦耳定律的应用；电磁铁的构造和原理
【解析】【解答】（1）液态“变成气态，属于汽化，此过程吸热。
（2）根据功率公式W=Pt计算变频空调工作1h消耗的电能是
；
（3）根据图象可知，定频空调开机时间1h内的工作时间是t'=18min+18min=36min=0.6h，定频空调功率；
（4）根据电路图可知，当衔铁被吸下时，R0 和R1 并联。当气温升至30℃时，此时R1=20Ω，通过电磁铁的电流为I0，根据欧姆定律计算I0的大小；衔铁吸下，接通R0和空调线路；当室温降低至30℃以下时，通过电磁铁的电流小于I0，此时R0、R1并联的总电阻为20Ω，则
；解得R'1=30Ω。对应的温度为26℃，由T-t图像可知，60min 时间内，电阻R0工作了20min，电阻R0 消耗的电能。
综上 第1空、汽化； 第2空、吸热； 第3空、0.46； 第4空、1； 第5空、并联； 第6空、180.
【分析】1、汽化为液态变为气态，会吸收热量，如：蒸发；
2、功率的计算：公式为W=Pt；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
4、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
5、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流，电阻规律。
2024年广东省初中学业水平模拟考试物理试题（二）
1．（2024九下·广东模拟）下列关于分子与原子的说法，正确的是（ ）
A．一切物质的分子都在不停地做无规则的运动
B．分子可以用肉眼直接分辨
C．温度越高，分子运动越缓慢
D．原子由质子和中子组成
【答案】A
【知识点】科学探索；分子热运动；原子结构
【解析】【解答】A．一切物体的分子都在不停地做无规则运动，故A正确；
B．分子只有借助电子显微镜才能看到，故B错误；
C．温度越高，分子运动越剧烈，故C错误；
D． 原子核由质子和中子组成 ，故D错误。
故选A。
【分析】1、物质的微观结构：有分子和原子、原子包含原子核，电子，原子核包括质子和中子等，分子之间存在间隙，分子间的相互作用力包括引力和斥力。
2、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快。
2．（2024九下·广东模拟）下列关于能源的说法，正确的是（ ）
A．电能属于一次能源
B．化石能源都属于可再生能源
C．太阳内部发生氢核聚变释放出能量
D．因为能量是守恒的，所以我们无需节约能源
【答案】C
【知识点】能量的转化或转移；能源及其分类；太阳能及其利用与转化
【解析】【解答】A．电能是由其他能源转化而来的，属于二次能源，故A错误；
B．化石能源属于不可再生能源，故B错误；
C． 太阳内部发生氢核聚变释放出能量，故C正确；
D．能量是守恒的，不是所有的能量都可以被人类所利用，需要节约能源，故D错误。
故选C。
【分析】1、一次能源：自然界可以直接获取的能源，不需要加工的能源：如太阳能、风能、海洋能二次能源，不可以直接获取的能源，需要加工的能源，如电能；
2、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式；
3、能量守恒：能量在转化或者转移过程中，能量不会消失也不会凭空产生，即遵循能量守恒。
3．（2024九下·广东模拟）小海看到某电动车宣传广告如图所示，符合生活实际的是（ ）
A．整车质量仅600g B．车座距离地面68cm
C．行驶速度可达180km/h D．室内充电，安睡无忧
【答案】B
【知识点】质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动；电流的热效应
【解析】【解答】A．简易款式的电动车整车质量在40kg左右，故A不符合题意；
B．车座距离地面的高度在68cm左右，故B符合题意；
C．电动车正常行驶的速度在20km/h左右，故C不符合题意；
D．由电流的热效应可知，充电时会发热，若散热不良会引发火灾。所以在通风良好的室外或专用充电区域进行充电，故D不符合题意。
故选B。
【分析】1、熟悉生活中常见的物体质量，如一枚鸡蛋为50g，中学生质量为50kg，
2、熟悉生活重常见的温度，如体温为37℃，令人舒适的温度为24℃，
3、识记生活中常见的长度、中学生身高160cm，课桌80cm，
4、识记生活中常见的速度、心跳一分钟70次，走路的速度1.2m/s。
4．（2024九下·广东模拟）阳光明媚，小海来到湖边游玩，下列有关光现象的说法正确的是（ ）
A．太阳光属于电磁波
B．太阳光中的红外线能使荧光物质发光
C．路面出现树木的影子是光的反射现象
D．在湖面看到自己的倒影是光的折射现象
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；紫外线；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．太阳光本质是电磁波，故A正确；
B．紫外线能使荧光物质发光，故B错误；
C．树木的影子是光的直线传播现象，故C错误；
D．湖面看到自己的倒影是光的反射现象，故D错误。
故选A。
【分析】1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射；
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅；
3、光的直线传播：光在同种介质中沿直线传播，实例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校准等；
4、 太阳光作为一种自然现象，其本质是电磁波。
5．（2024九下·广东模拟）如图所示是小海跳远的情景。不考虑空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．小海起跳前加速助跑，是为了增大惯性
B．小海经过最高点时机械能最大
C．小海比赛穿的跑鞋鞋底布满花纹是为了增大压力，增大摩擦力
D．以小海为参照物，看台上的观众是运动的
【答案】D
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法；参照物及其选择
【解析】【解答】A．惯性只和质量有关，质量越大，惯性越大，与速度无关，故A错误；
B． 不考虑空气阻力 ，机械能守恒，即机械能不变，故B错误；
C．跑鞋鞋底布满花纹是为了增大接触面的粗糙程度，从而增大摩擦力，故C错误；
D．以小海为参照物，看台上的观众与小海的运动状态不同，所以二者是运动的，故D正确。
故选D。
【分析】1、相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止；
2、惯性是物体的基本属性，只有物体重力有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，利用惯性的实例：运动员助跑起跳，乘车系安全带可以降低司机惯性带来的伤害，惯性不是力，不能用受到惯性、惯性力的作用进行表述；
3、摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
6．（2024九下·广东模拟）如题图所示，下列关于内能的转化与利用说法错误的是（ ）
A．汽油机中汽油热值与它的质量无关
B．图甲通过做功的方式改变筒内空气的内能
C．图乙为汽油机的做功冲程
D．两种情形中的能量转化过程相同
【答案】D
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】A．热值和燃料的质量多少无关，故A正确，不符合题意；
B．活塞迅速压下去，活塞对筒内空气做功，空气的内能变大，温度升高，即机械能转化为内能，通过做功的方式改变筒内空气的内能，故B正确，不符合题意；
CD．图乙中，两气门关闭，活塞下行，属于做功冲程，内能转化为机械能故C正确，不符合题意；，故D错误，符合题意。
故选D。
【分析】1、活塞压缩空气，类似打气筒，活塞的机械能转化为空气的内能，空气温度增加，通过热传递使得棉花燃烧；
2、加热水使得瓶塞喷射，通过热传递使得水的温度升高，吸收热量，水不断汽化为水蒸气，水蒸气内能增加，转化为瓶盖的机械能，水的内能减小，温度降低，水蒸气遇冷液化为小水珠。
3、物质的热值为单位质量燃料完全燃烧释放的能量，是物质的基本属性；只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
7．（2024九下·广东模拟）科学家经过长期研究，发现了电和磁有密切关系，其中最重要的两项研究如题图所示，下列判断中正确的是（ ）
A．甲图所揭示的原理可制成发电机
B．甲图中向左移动滑片，ab将向左运动
C．乙图的操作过程把机械能转化为电能
D．乙图中若对调磁体磁极，同时导线向左运动，电流表指针将会向右偏转
【答案】C
【知识点】磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；产生感应电流的条件
【解析】【解答】A．图甲中通电导体在磁场中受到力的作用，可制成电动机，故A错误；
B．甲图中开关是断开的，ab不会运动，故B错误；
C．乙图中导体切割磁感线，机械能转化为电能，产生感应电流，故C正确；
D． 乙图中若对调磁体磁极，同时导线向左运动，电流表指针偏转方向不变，所以向左偏转 ，故D错误。
故选C。
【分析】1、电磁感应定律的应用，闭合回路中的导体不断做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流的现象就是电磁感应现象。
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转。
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机。
8．（2024九下·广东模拟）汽车的鸣笛声是由发声体 产生的；它对正在学习的小珠而言属于噪声，小珠关闭门窗可在 中改变声音的 （选填“音调”“响度”或“音色”），从而减弱噪声。
【答案】振动；传播过程；响度
【知识点】声音的产生；防治噪声的途径
【解析】【解答】汽车的鸣笛声是由发声体振动产生的。关闭门窗，属于在传播过程中减弱噪声，同时也减小了声音的响度。
综上 第1空、振动； 第2空、传播过程； 第3空、响度。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、减弱噪音的途径有：声源处（摩托车装消声器）、传播中（建隔音墙 ）、人耳处（戴耳罩）。
9．（2024九下·广东模拟）题图为酒精熔化和沸腾时温度随时间变化的图象，分析图象可知：固态酒精属于 （选填“晶体”或“非晶体”）；t1时刻酒精处于 （选填“固”“固液共存”或“液”）态；酒精沸点为 ℃。
【答案】晶体；液；78
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；沸腾及沸腾条件
【解析】【解答】固态酒精在熔化过程中，温度保持不变，所以该物体是晶体。t1 时刻酒精已熔化结束还未沸腾，处于液态。酒精在沸腾过程中温度保持78℃不变，沸点是78℃。
综上 第1空、晶体； 第2空、液； 第3空、78.
【分析】1、晶体与非晶体的识别：晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点
2、熔化温度时间曲线识别：物体熔化时，温度不变（熔点），但是需要不断吸热，此阶段处于固液共存态；
3、沸腾的温度时间特性：水到达沸点时的特点为加热但温度保持不变，气泡由小变大。
10．（2024九下·广东模拟）小海利用如题图所示装置探究物距在一倍焦距内的成像规律。他先将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻线处，后应将蜡烛放置在光具座上的 （选填“A”“B”或“C”）处，再从透镜的 （选填“左”或“右”）侧用眼睛可观察到烛焰的像；生活中利用此原理可以制成 （选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）。
【答案】C；右；放大镜
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】探究物距在一倍焦距内的成像规律，焦距为10cm的凸透镜、所以接下来他应将蜡烛放置在光具座上C点处。物距小于一倍焦距，凸透镜成虚像，像与物在凸透镜的同侧，此时应该再从透镜的右侧用眼睛观察蜡烛烛焰的像。生活中利用此原理制成放大镜。
综上 第1空、 C；第2空、右； 第3空、放大镜。
【分析】凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大
透镜成像规律：物体距透镜小于一倍焦距，呈正立放大的虚像，应用为放大镜；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的实像，应用为投影仪；
物体大于二倍焦距，呈现倒立缩小实像，应用为照相机，人眼睛。
11．（2024九下·广东模拟）指南针有重要实用价值。如题图甲所示，指南针静止时a端指向北方，a是指南针的 极，这是因为它受到了 （选填“自身”或“地”）磁场的作用。若将指南针放在如题图乙所示的电磁铁左侧，闭合开关S，静止时指南针仍呈现如题图甲所示的指向，则电源的上端是 （选填“正”或“负”）极。
【答案】N；地；正
【知识点】地磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】指南针静止时a端指向北方，所以a是指南针的N极，这是因为它受到了地磁场的作用。
静止时指南针仍呈现如图甲所示的指向，N极指向北方，说明电磁铁的N极在电磁铁的下端，根据安培定则可知电源的上端为正极，下端为负极。
综上 第1空、N； 第2空、地； 第3空、正。
【分析】1、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
2、磁感线： 在磁场中画一些曲线，使曲线上任何一点的切线方向都跟这一点的磁场方向相同，磁感线是人为假想表征磁场方向和强弱的 的物理量，磁感线从N极出发，回到S极
2、地磁场和地理的磁极相反， 地磁场的N极在地理南极附近， S极在地理北极附近。
12．（2024九下·广东模拟）甲和乙两种物质的质量与体积关系图象如题图所示，甲物质的密度为 kg/m3，相同体积的甲、乙质量之比m甲：m乙= ；由乙物质做成的小物品被宇航员从地球带到太空后，质量 （选填“变大”“不变”或“变小”）。
【答案】8×103；8：3；不变
【知识点】质量及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】甲物质的体积为1.0cm3时，质量为8g，乙物质的体积为2.0cm3时，其质量为6g，根据可得，甲乙物质的密度为；
，同理计算相同体积的甲、乙质量之比为
；当乙物质做成的小物品被宇航员从地球带到太空后，质量不变。
综上 第1空、8×103； 第2空、8：3； 第3空、 不变。
【分析】1、密度的性质：密度是物质的基本属性，不随质量和体积的变化而变化；至于材料本身以及材料状态有关。
2、根据密度公式计算m=ρv分析可知，体积相同是质量和密度成正比。
13．（2024九下·广东模拟）“探索一号”科考船搭载“奋斗者”号载人潜水器执行载人深潜科考任务。“探索一号”的排水量是6250t，当它满载时受到的浮力是 N；如题图，某次作业时“奋斗者”号由海面下的A位置下潜到B位置，此过程它所受浮力大小将 （选填“变大”“不变”或“变小”），“奋斗者”号最大下潜深度达10909m，当到达水下10000m时，它受到海水的压强是 Pa。（ρ海水=1.0×103kg/m3，g=10 N/kg）
【答案】6.25×107；不变；1×108
【知识点】液体压强计算公式的应用；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】根据阿基米德原理可知。物体受到的浮力等于排开水的重力，所以；潜水器排开水的体积不变，故此过程它所受浮力大小将不变。根据压强公式计算当到达水下10000m时，受到海水的压强为
。
综上 第1空、 6.25×107； 第2空、 不变； 第3空、 1×108。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大。
2、阿基米德原理：物体排开水的重力等于物体所受浮力。
14．（2024九下·广东模拟）“地磅”可检测货车是否超载。题图是某种地磅的工作原理图，滑片P可在竖直放置的电阻R上滑动。闭合开关S，当货车质量增大时，显示器的示数增大。“显示器”由 （选填“电流”或“电压”）表改装而成；接线柱“1”应与接线柱 （选填“2”或“3”）连接。长期使用后显示器示数会偏小，可能的原因是 。
【答案】电流；3；电源电压变小
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】“显示器”串联在电路中的，所以“显示器”是电流表；货车质量增大时，弹簧被压缩，滑动变阻器滑片向下移动，显示器的示数也增大，所以电阻变小，由此可得接线柱“1”应与接线柱“3”连接。长期使用后显示器示数会偏小，原因为是电源电压变小。
综上 第1空、 电流；第2空、3； 第3空、 电源电压变小/
【分析】1、电流表、电压表的连接：电流表与待测原件串联；电压表的与待测原件并联，连接过程需要电流正极流入负极流出，同时选择合适的量程。
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
15．（2024九下·广东模拟）如图所示，一枚硬币稳稳地立在水平桌面上（O为重心）。请画出硬币受到的重力和支持力。
【答案】
【知识点】弹力；重力示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】重力的方向竖直向下，作用于O，硬币静止，所以重力G等于支持力F，支持力竖直向上如图所示：
【分析】1、重力：由于地球的吸引而使物体受到的力，大小为自身重力、方向竖直向下，作用点位于物体重心。
2、平衡力的特点为：大小相同，方向相反，作用在同一个物体上。
16．（2024九下·广东模拟）太阳光可视为平行光，小珠利用它粗测凸透镜焦距，让放大镜正对太阳光，当纸面上出现最小最亮光斑时如题图所示，请在图中画出相应的入射光线和折射光线。
【答案】
【知识点】主光轴、光心、焦点和焦距；透镜的光路图
【解析】【解答】凸透镜对光线有汇聚作用，平行射入凸透镜，经过折射后折射光线通过焦点，如图所示：
【分析】透镜成像规律：凸透镜对光线有汇聚作用，平行光入射凸透镜会聚焦在焦点，经过光心的光线不发生偏折。
17．（2024九下·广东模拟）如图所示为小明家墙上安装的一个三孔带开关的插座。此插座的优点是，不用拔下插座上的插头，只需将插座上的开关断开就可以安全切断电源。请在图中将开关和插座正确地接到电路中。
【答案】
【知识点】家庭电路的组成
18．（2024九下·广东模拟）如题图1所示，物体水平向右运动的距离s为 cm；如题图2所示，此时温度计示数为 ℃；如题图3所示，电能表读数为 kW·h。
【答案】2.10；22；2024.5
【知识点】温度及温度计的使用与读数；刻度尺的使用；电能表参数的理解
【解析】【解答】刻度尺的分度值为0.1cm，运动的距离为s=3.10cm-1cm=2.10cm；温度计的分度值为1℃，读数为22℃。电能表最后一位为小数点第一位，电能表的读数为2024.5kW·h。
综上 第1空、 2.10； 第2空、22； 第3空、2024.5.
【分析】1、电能表参数的理解：电能表是计量电能的仪表，电能表的数字中最后一位表示的是小数点后一位，
2、刻度尺的使用：使用刻度尺要注意量程和分度值，中学设计的刻度尺，分度值为0.1cm，读书时要估计到分度值后一位；
3、长度的测量：测量物体长度时，要将物体紧贴刻度尺，视线与刻度尺刻度平行；
4、温度计的原理及使用方法：温度计的之作用原理为热胀冷缩，读数时，需确定分度值，视线平行液柱所对应的刻度线。
19．（2024九下·广东模拟）小珠用天平测量物体的质量过程中，某一场景如题图所示，她接下来的操作是： ，移动游码，直至天平平衡，记录物体的质量。
【答案】取下5克砝码
【知识点】质量的测量与天平的使用
【解析】【解答】指针偏向右侧，说明砝码的总质量较大，需要取下5g的砝码，移动游码，直至指针在水平位置平衡，读出物体的质量。
综上 第1空、 取下5克砝码 。
【分析】天平的使用步骤：1、调零：天平置于水平台上，将游码归零，调节平衡螺母使得指针指向刻度中央，称重：是用镊子夹取砝码，测量时为左物右码，不断调整砝码和游码重量，使得天平重新平衡；测量为左物右码。
20．（2024九下·广东模拟）小海提着如题图1的自制气压计从一楼走到十楼，观察到吸管中的液面上升，说明大气压强随海拔高度升高而 （选填“增大”“不变”或“减小”）；如题图2所示，小珠往B管中吹气，可看到A管中的液面 （选填“上升”“不变”或“下降”）。
【答案】减小；上升
【知识点】大气压强与高度的关系；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 吸管中的液面上升，说明外界的压强小于瓶内压强，所以大气压随着高度的升高而减小，往B管中吹气，上方空气的流速变大，压强减小，所以A管水上升。
综上 第1空、 减小；第2空、上升。
【分析】1、压强和流速的关系：压强越大，流速越小，应用为飞机机翼上凸，空气流速快，导致压强较小，形成向上的升力；
2、压强和海拔的关系：海拔越高，压强越小。
21．（2024九下·广东模拟）小海要探究“滑动摩擦力的大小是否与接触面的粗糙程度有关”，他通过如题图甲的实验操作来验证他的猜想。
（1）如题图甲所示，用弹簧测力计沿水平方向拉动物体A，使其分别在木板和毛巾表面做 运动，由图可知物体A在木板表面运动时受到的滑动摩擦力为 N；
（2）对比两次实验可知： ，滑动摩擦力越大；
（3）小珠为测量滑动摩擦力大小，设计了如题图乙所示的装置，进行了如下操作：
①将弹簧测力计甲一端固定在墙上；
②用弹簧测力计乙沿水平方向拉动长木板；
③记录弹簧测力计乙的示数F3；
④记录弹簧测力计甲的示数F4。
步骤②中，长木板 （选填“一定”或“不一定”）要做匀速直线运动；小珠的操作中可以去掉的步骤是 （选填步骤序号）；
（4）小珠在做图乙实验时，拉动长木板没有及时停下来，当物体有三分之一滑出长木板表面时，它所受摩擦力大小将 （选填“增大”“不变”或“减小”）。
【答案】匀速直线；2.4；当压力一定时，接触面越粗糙；不一定；③；不变
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1） 用弹簧测力计沿水平方向拉动物体A，使其分别在木板和毛巾表面做匀速直线运动，由二力平衡的条件，拉力大小才等于摩擦力的大小；测力计分度值示数为2.4N，则受到的滑动摩擦力为2.4N。
（2）对比两次实验，其余因素相同，毛巾表面较为粗糙，测力计示数较大，所以当压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）图乙中，木块相对地面处于静止状态，所以处于平衡状态，故改进后长木板不一定要做匀速直线运动，只需要测量F4，不必测量对长木板的拉力，可以去掉的步骤是③。
（4）当物体有三分之一滑出长木板表面时，压力和接触面粗糙程度不变，所以所受摩擦力大小不变。
综上 第1空、匀速直线； 第2空、2.4； 第3空、当压力一定时，接触面越粗糙； 第4空、不一定； 第5空、③； 第6空、 不变。
【分析】1、滑动摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
2、从实验操作方面考虑，丁图中用力水平拉动木块下面的长木板 不需要做匀速直线运动，原因为 滑动摩擦力大小与运动快慢 无关，且可以稳定读数。
22．（2024九下·广东模拟）某小组进行“测量定值电阻R的阻值”实验。
（1）连接电路前，检查电流表指针位置如题图甲所示，此时需要进行的操作是 ；
（2）实验电路如题图乙所示，请把图乙的实物图补充完整，要求开关闭合时电流表示数最小（导线不能交叉）；
（3）小组设计了实验数据记录表格如下表，表中①处应填写的内容是：① ；
实验次数 电压U/V 电流I/A 电阻R/Ω ①
1
2
3
（4）某次测量时，电压表的示数如题图丙所示为 V，电流表的示数为0.4A，则本次测得R的阻值为 Ω；
（5）在实验中，若电压表突然损坏，已知滑动变阻器的最大阻值为R，电源电压恒定，小珠设计了如题图丁所示的电路图测出Rx的阻值。请将实验过程补充完整：
①闭合开关S， ，读出电流表示数I1，则电源电压U=I1Rx；
②将变阻器的滑片移至最左端，读出电流表示数I2；
③Rx的表达式：Rx= （用I1、I2和R表示）。
【答案】调零；；R平/Ω；2.4；6；将变阻器的滑片移至最右端；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）在实验前检查实验器材时，电流表指针位置不为0，说明电流表使用前没有调零，需要进行的操作是对电流表进行调零。
（2）滑动变阻器一上一下串联接入电路中，开关闭合时电流表示数最小，变阻器电阻最大，连接变阻器的右下方的接线柱，如图所示：
（3）为减小误差，应多次测量取平均值，①处应填写的内容为电阻的平均值R平/Ω。
（4）电压表选择小量程，示数是2.4V，R的阻值为；
（5）闭合开关S，将滑片移至最右端，变阻器电阻器为0，电路中只有Rx的简单电路，电流表示数I1，则电源电压U=I1Rx。在步骤②中，电阻Rx与滑动变阻器最大阻值串联，读出电流表示数I2，根据欧姆定律可计算电源电压U=I2(R+Rx)，I1Rx=I2(R+Rx)，。
综上 第1空、调零； 第3空、R平/Ω； 第4空、2.4； 第5空、6； 第6空、将变阻器的滑片移至最右端； 第7空、。
【分析】1、伏安法测电阻：电压表并联待测电阻两侧测量待测电阻的电压U，电流表串联在电路中测量待测电阻的电流I，根据欧姆定律R=U/I计算待测电阻的阻值。
2、误差作为真实值和测量值之间的差值，不可能完全消除，只能减小， 减小误差的方法有采用精密的测量工具、改进测量方法、多次测量求平均值等。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
23．（2024九下·广东模拟）题图是某款无人机，它的总质量为0.2kg，能够垂直升降。它在10s内竖直向下移动了40m后停在水平地面上，两支架与地面的总接触面积为1×10-3m2。（不计空气阻力，g=10N/kg）求：
（1）它下降的平均速度；
（2）它受到的重力大小和下降过程中重力所做的功；
（3）它停在地面上时对地面的压强。
【答案】解：（1）由题意及速度公式可得，下降的平均速度为；
（2）由题意可得，无人机的重力为G=mg=0.2kg×10N/kg=2N；由W=Fs可得，重力所做的功为W=Gh=2N×40m=80J
（3）由题意可得，在水平面上对地面的压力为F=G=2N，由可得，压强为
答：（1）该无人机下降速度为4m/s；
（2）该无人机受到的重力为2N；降落过程中重力所做的功为80J；
（3）该无人机对地面的压强为2×103Pa。
【知识点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）由题意及速度公式可得， 飞机在10s内竖直向下移动了40m，根据速度公式计算下降的平均速度；
（2）由题意可得，无人机的质量为0.2kg，根据重力公式计算飞机的重力为G=mg；由W=Fs可计算重力所做的功；
（3）由题意可得，在水平面上对地面的压力为F=G；根据压强公式计算无人机的压强。
24．（2024九下·广东模拟）一款新型电饭锅如题图甲所示，可实现温度智能化控制，其简化电路如题图乙所示。R1和R2均为电热丝，S是总开关，S1是温控开关，电路有加热、保温两种状态。S、 S1均闭合开始加热，电路中的电流为4A；仅闭合S时，电路中的电流为1A。求：
（1）加热时，电路中电阻的大小；
（2）保温时，R1两端的电压；
（3）加热10min电路产生的热量。
【答案】解：（1）当S、S1均闭合时，电路中R1短路，只有R2工作，电路中电阻最小。由可知，此时处于加热状态，电路中电阻；
（2）当S闭合S1断开时，R1和R2串联，电路中电阻最大，由可知，此时处于保温状态，电路中的总电阻
，R1的阻值R1=R总-R2=220Ω-55Ω=165Ω，R1两端电压U1=I保R1=1A×165Ω=165V
（3）加热10min电路产生的热量。
答：（1）加热时，电路中电阻为55Ω；
（2）保温时，R1两端的电压为165V；
（3）加热10min电路产生的热量为5.28×105J。
【知识点】欧姆定律及其应用；焦耳定律的应用
【解析】【分析】（1）当S、S1均闭合时，电路中只有R2工作，电阻最小。由可计算此时处于加热状态，根据欧姆定律计算电路中电阻；
（2）当S闭合S1断开时，R1和R2首尾依次相连，属于串联，此时电路的电阻最大，由可计算此时处于保温状态，根据欧姆定律计算电路中的总电阻，根据串联电路的电阻规律可计算
R1的阻值R1=R总-R2；根据欧姆定律计算R1两端电压U1=I保R1；
（3）根据焦耳定律计算加热10min电路产生的热量。
25．（2024九下·广东模拟）题图甲是我国古代劳动人民在建造宫殿时移动巨木的情景，该机械结构示意图如题图乙所示，人们通过横杆、支架等，将巨木的一端抬起，垫上圆木，以便将其移动。
（1）题图甲中在巨木下垫上圆木是为了 摩擦力，以便将其移动；支架下方垫有面积较大的石块，是为了 压强（两空均选填“增大”或“减小”），防止支架陷入地面；
（2）为更易撬动巨木，架在支架上的横杆属于 （选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆，人们对杠杆施加动力时应 （选填“靠近”或“远离”）杠杆支点；
（3）在题图乙中人们在A点拉动横杆时沿 （选填“F1”“F2”或“F3”）方向最省力，若巨木重17000N，缓慢抬起其右端，绳子至少需要提供 N的拉力，若每个工人双手最大拉力为800N，至少需要 个人同时在A点以最省力方式拉动横杆。（横杆和绳子的自身重力忽略不计）
【答案】减小；减小；省力；远离；F2；1×104；4
【知识点】减小压强的方法及其应用；杠杆的平衡条件；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】（1）在巨木下垫上圆木，变滑动为滚动，可以减小摩擦力，支架下方垫有面积较大的石块，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。
（2）架在支架上的横杆，在使用时动力臂大于阻力臂，动力小于阻力，是省力杠杆。动力臂越长，动力越小，所以为了更易翘起木料，人们对杠杆施加动力时应远离杠杆支点，以增大动力臂。
（3）如图乙，当动力沿F2方向时，其力臂最长，则力最小，沿F2方向更省力。由杠杆平衡条件可得
，解得绳子对巨木的拉力为；由杠杆平衡条件可得，解得，工人双手最大拉力为800N，故有
，所以至少需要4个人同时在A点以最省力方式拉动横杆。
综上 第1空、减小； 第2空、减小； 第3空、省力； 第4空、远离； 第5空、F2； 第6空、1×104 ；第7空、 4.
【分析】1、摩擦力影响因素：控制压力相等的情况下，接触面表面越粗糙，滑动摩擦力越大；控制接触面粗糙程度相等的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
2、压强的计算公式：P=F/S，增加压强的方式有增加压力、减小受力面积、减小压强的方式有减小压力，增加受力面积；
3、杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力*动力臂=阻力*阻力臂；
4、省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等壁杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平。
26．（2024九下·广东模拟）“如何才能快速解冻从冰箱拿出来的冻肉呢？”小海查阅资料后利用冰块、食用盐和白糖进行模拟实验，实验装置如题图所示。
步骤一：取三份初温和①相同的冰块，其中两份分别均匀撒上质量相等的少量食用盐和白糖；
步骤二：将三份冰块同时静置于漏斗中，用电子秤测量烧杯与液体的总质量m，每隔5min记录一次；
步骤三：根据实验数据得到总质量m与时间t的关系图象如题图丁所示，分析得出实验结论。
（1）步骤一中①处应填写的内容是： ；
（2）分析题图丁可知：烧杯的质量为 g，甲装置的冰块质量为 g，使用 （选填“食用盐”或“白糖”）可以更快速解冻冻肉；
（3）小海完成本次实验耗时将近50min，不更换或不增加实验器材的前提下，请你为他提出一条缩短实验时间的可行建议： ；
（4）若小珠重复小海的实验，取出质量为3g、初温为-18℃的冰块，一段时间后温度升高了10℃，则冰块所吸收的热量为 J。【c冰=2.1×103J/（kg·℃）】
【答案】质量；31.8；4；食用盐；减少冰的质量；63
【知识点】凝固与凝固放热特点；物理学方法；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）实验采用控制变量法，变量为撒入东西的种类，需要保证其他变量相同，如质量、体积相同。
（2）由丁图可知，当时间为0，电子秤称量的是空烧杯的质量，电子秤的示数为31.8g；由丁图可知，甲装置的冰块完全熔化后总质量为35.8g，所以冰块的质量为；乙熔化速度最快，故使用食用盐可以更快速解冻冻肉。
（3）冰的质量越大，熔化时间越长，所以减少冰的质量（或体积）、或者提高冰的初温减少熔化的时间。
（4）根据热量的计算公式计算冰块所吸收的热量为。
综上 第1空、质量； 第2空、31.8； 第3空、4； 第4空、食用盐； 第5空、减少冰的质量； 第6空、 63。
【分析】1、控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如探究某个单一变量对物理量的影响时，需要控制其余变量相同，如 快速解冻从冰箱拿出来的冻肉 ，变量为撒入东西的种类。
2、热量的计算：公式为Q=cmΔt，所以吸收或者释放相同的热量，水比热容大，温度变化低，应用：冷水降温、温水保温。
27．（2024九下·广东模拟）阅读材料，回答问题。
变频空调
空调作为家用电器越来越多地进入千家万户。如题1图甲所示，空调工作的基本原理是利用压缩机将气态“冷媒”物质加压进入冷凝器，变成液态。液态“冷媒”进入蒸发器，变成气态。传统空调压缩机依靠其不断地“开”、“停”来调节室内温度，其一开一停之间容易造成室温忽高忽低。变频空调则依靠控制压缩机转速的快慢达到控制室温的目的，不但电能消耗少，而且室温波动小，大大提高舒适度。
例如，某品牌变频空调和定频空调在教室内测试时的功率—开机时间图象如题1图乙和图丙。变频空调先通过大功率P1将温度降低到设定温度后，改变自己压缩机的频率，将功率降至P2；普通空调开机后，通过固定功率P'吹冷风，再反复运行或停止运行，以实现制冷。
请根据以上材料回答下面问题：
（1）液态“冷媒”进入蒸发器，变成气态，该物质发生的物态变化名称是 ，此过程 （选填“吸热”或“放热”）；
（2）题1图乙所示某品牌变频空调工作1h消耗的电能是 kW·h；
（3）若定频空调开机时间1h，消耗电能0.6kW·h，“开”、“停”过程中能量损耗不计，根据题1图丙分析，定频空调功率P'是 kW；
（4）为了根据室内温度控制空调通断，小珠利用电磁铁（线圈电阻忽略不计）、热敏电阻R1、定值电阻R0=60Ω，设计并制作了如题2图甲所示自动控制电路。其中电源电压恒为3V，热敏电阻R1的阻值随温度升高而减小，变化情况如表所示。当气温升至30℃时，通过电磁铁的电流为I0，衔铁会被吸下，接通R0和空调线路，此时R1、R0的连接方式是 （选填“串联”或“并联”）。当室温降低至a℃（a<30）以下时，通过电磁铁的电流小于I0，弹簧拉动衔铁切断R0和空调线路。已知室内温度随时间变化情况如题2图乙所示，60min 时间内，电阻R0消耗的电能是 J。
温度 24 26 28 30 32 34
R1阻值/Ω 40 30 26 20 18 15
【答案】汽化；吸热；0.46；1；并联；180
【知识点】物质的三态；串联电路和并联电路的辨别；电功率的计算；焦耳定律的应用；电磁铁的构造和原理
【解析】【解答】（1）液态“变成气态，属于汽化，此过程吸热。
（2）根据功率公式W=Pt计算变频空调工作1h消耗的电能是
；
（3）根据图象可知，定频空调开机时间1h内的工作时间是t'=18min+18min=36min=0.6h，定频空调功率；
（4）根据电路图可知，当衔铁被吸下时，R0 和R1 并联。当气温升至30℃时，此时R1=20Ω，通过电磁铁的电流为I0，根据欧姆定律计算I0的大小；衔铁吸下，接通R0和空调线路；当室温降低至30℃以下时，通过电磁铁的电流小于I0，此时R0、R1并联的总电阻为20Ω，则
；解得R'1=30Ω。对应的温度为26℃，由T-t图像可知，60min 时间内，电阻R0工作了20min，电阻R0 消耗的电能。
综上 第1空、汽化； 第2空、吸热； 第3空、0.46； 第4空、1； 第5空、并联； 第6空、180.
【分析】1、汽化为液态变为气态，会吸收热量，如：蒸发；
2、功率的计算：公式为W=Pt；
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压；
4、电路的串并联：串联：电路元件首位相连，用电器相互干扰，并联：电路元件首首相连，用电器互不干扰，开关在干路上控制整个电路的通断，开关在支路上控制单个支路的通断；家庭、公共场所的电路为并联电路。
5、并联电路规律：并联电路电压相等、支路电流之和为干路电流，电阻规律。
