2024年湖南省湘潭第十二中学中考模拟物理试题
1．（2024九下·湘潭模拟）湘潭体育中考刚刚结束，213班同学得到了一些数据，其中最符合实际的是（ ）
A．男生跑1000米平均速度约20m/s B．某中学生身高为1.7cm
C．一个男生质量约为50kg D．田径场上中午的温度为5℃
2．（2024九下·湘潭模拟） 关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．只要物体振动，人就能听见声音
B．剧院内墙的吸音材料是在声源处减弱噪声
C．分辨出各种乐器主要是依据音调的不同
D．弹琵琶时改变手指按压弦的位置，是为了改变声音的音调
3．（2024九下·湘潭模拟）下列四个节气关于物态变化分析正确的是（ ）
A．白露：露的形成过程是汽化现象
B．寒露：水结冰的过程是凝固现象
C．霜降：霜的形成过程是凝固现象
D．大雪：积雪消融过程需要放热
4．（2024九下·湘潭模拟） 下列诗词中涉及的物理知识正确的是（ ）
A．“举杯邀明月”中的“明月”是光源
B．“一石击破水中天”，“天”是由光的折射形成的虚像
C．“映日荷花别样红”，“荷花”呈红色是由于它能吸收红光
D．“水皆缥碧，千丈见底。游鱼细石，直视无碍”，“游鱼细石”是由光的折射形成的虚像
5．（2024九下·湘潭模拟）5月3日，嫦娥六号探测器由长征五号遥八运载火箭在中国文昌航天发射场成功发射，开启月球背面采样返回之旅。下列说法错误的是（ ）
A．从月球上带回地球的土壤，质量变大
B．火箭在加速升空过程中，重力势能逐渐增大
C．火箭升空时，嫦娥六号相对于地球是运动的
D．火箭向下喷出气流上升，利用了力的作用是相互的
6．（2024九下·湘潭模拟）如图，将水稻种子倒入一定浓度的盐水中，漂浮于水面的是次种，沉入容器底的是良种，这种方法称之为盐水选种。考虑种子个体差异，在图示情境中（ ）
A．良种所受浮力小于自身重力 B．良种重力小于次种重力
C．次种所受浮力大于自身重力 D．良种密度小于次种密度
7．（2024九下·湘潭模拟）将扁平的石子向水面快速抛出，在一定条件的情况下，石子会在水面上一跳一跳地飞向远方，俗称“打水漂”。图中虚线是某次打水漂过程。下列说法正确的是（ ）
A．打水漂，是利用石子受到惯性的作用
B．石子运动过程中石子受到的重力不变
C．石子能在水面打水漂是受到平衡力的作用
D．据图可知，石子在水面上从右向左运动
8．（2024九下·湘潭模拟）图甲是某品牌的家用空调。当遥控板按下电源开关键（相当于S1闭合）时，压缩机开始工作，若要改变风向或形成摆风，需要再按下风向键（相当于S2闭合），电动机开始工作。单独按下风向键S2，空调不能工作。图乙的电路中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
9．（2024九下·湘潭模拟）新能源汽车环保节能，但有续航里程、充电难和充电安全等问题，新能源汽车充电桩有快充和慢充两种。下列说法正确的是（ ）
A．安装充电桩时不需要接地和漏电保护
B．若充电桩起火，第一时间应浇水扑灭
C．额定工作时，快充比慢充的功率大
D．额定工作时，快充比慢充消耗的电能多
10．（2024九下·湘潭模拟）油电混合动力汽车逐渐走进普通家庭，混动汽车搭载了传统的内燃机，高效的电动机、发电机和蓄电池组。行驶过程中内燃机提供动力，同时可为蓄电池充电，也可以由蓄电池和电动机提供动力。下列关于汽车说法正确的是（ ）
A．汽车高速行驶时上表面空气流速大压强大
B．发电机的工作原理是利用电流的磁效应
C．油电混动汽车的工作效率可以达到100%
D．电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用
11．（2024九下·湘潭模拟）如图所示，用竖直向上50N的拉力F，在10秒内将重为120N的物体匀速提升3m（不计绳重及摩擦），下列说法正确的是（ ）
A．自由端的速度为0.6m/s B．拉力F的功率为15W
C．滑轮组的机械效率为80% D．动滑轮的重力为20N
12．（2024九下·湘潭模拟）热爱物理的小新同学在家制作了一个简易台秤，用来测物体质量。内部电路如图甲所示，电源电压为18V，定值电阻R0为30Ω，电阻R为力敏电阻，其阻值与所受压力的变化情况如图乙所示，被测物体A放在R上方的托盘（绝缘体）里，电压表的量程为0~15V，电压表的表盘被改装为台秤的示数。以下分析正确的是（ ）
A．力敏电阻的阻值随压力的增大而增大
B．物体的质量越小，通过电路中的电流越大
C．物体的质量越小，电路的总功率越大
D．在保证电路安全的情况下，该台秤所能称量物体的最大重力为100N
13．（2024九下·湘潭模拟）我国现代农业已进入信息化和数字化时代。无人驾驶联合收割机依靠“北斗导航”精准定位控制行驶路线，它们是利用 （选填“超声波”或“电磁波”）来传递信息的；装载车和收割机是以柴油机作为动力装置，它们使用的燃料属于 （选填“一次”或“二次”）能源。
14．（2024九下·湘潭模拟）在如图所示的游戏中，毽子被踢出主要表明力可以改变物体的 。毽子被踢出后，上升到最高处时，若所有的外力都消失，毽子将处于 状态。
15．（2024九下·湘潭模拟）“曲水流觞”是古代文人墨客诗酒唱酬的一种雅事。将酒盏漂浮在清冽的溪水上随溪流动，会降低酒的温度，这是通过 方式在改变酒的内能；酒盏里质量为100g的酒在漂流过程中，温度从30℃降低至20℃，会放出 J的热量。[c酒=3.4×103 J/（kg ℃）]
16．（2024九下·湘潭模拟）假期到了，小明带着单反相机（镜头可以前后伸缩），在河滨公园同一地点，通过调节相机镜头如图A、B、C所示，拍了三张照片 （选填“大于”“小于”或“等于”）相机的二倍焦距；照片 （选填“甲”“乙”或“丙”）是用A拍摄的。
17．（2024九下·湘潭模拟）如图所示电路，电源电压保持不变，要使电压表示数从6V变化到2V，滑动变阻器应向 （选填“左”或“右”）调节，同时观察电流表示数由0.5A变为1A．其电源电压U= V。
18．（2024九下·湘潭模拟）如图甲所示，桔槔是我国古代汲水的一种器具，可看作杠杆，并画出力F1的力臂l1。
19．（2024九下·湘潭模拟）小明同学“探究平面镜成像的特点”的实验情景如图所示。
（1）用玻璃板代替平面镜做实验时，玻璃板不仅可以成像，还便于 ；
（2）将点燃的蜡烛A竖立在玻璃板的前面，将未点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面并移动，直到看上去蜡烛B跟蜡烛A的像完全重合。实验时应在 （选填“A”或“B”）侧观察蜡烛A经玻璃板所成的像；
（3）将光屏竖立在像的位置（与玻璃板平行），光屏上无法呈现蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是 （选填“虚”或“实”）像。
20．（2024九下·湘潭模拟）小明用弹簧测力计、圆柱体、两个相同的圆柱形容器，分别装有一定量的水和盐水，对浸在液体中的物体所受的浮力进行了探究，其装置和弹簧测力计示数如图所示。
（1）分析图甲、乙、丙，说明物体受到浮力的大小与 有关；
（2）为了探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，选用图 来进行操作；
（3）分析图甲、丁、戊，说明物体受到浮力的大小与 有关；
（4）圆柱体浸没在水中时所受浮力是 N，用图示实验数据测出盐水的密度是 kg/m3。
21．（2024九下·湘潭模拟）莉莉在“测量小灯泡的电功率”的实验中，选择了额定电压为2.5V的小灯泡，电源电压保持6V不变，连接电路如图甲所示。
（1）电路连接时，需要 开关；
（2）连接好电路后，闭合开关，发现灯泡不亮，同时发现电流表有示数，电压表无示数，则电路中存在的故障可能是 ；
（3）排除故障后，调节滑动变阻器滑片，当电压表示数如图乙所示时，想使小灯泡正常发光，则应将滑片向 （选填“左”或“右”）移动一些；
（4）完成了上述的实验后，还想测另一只额定电压为U1的小灯泡正常发光时的电功率，但发现电流表损坏了。利用阻值已知的定值电阻R0，设计了如图丙所示的电路，并操作如下：
①依据电路图连接好电路，闭合开关S、S1，断开S2，调节滑动变阻器，使电压表的示数为U1；
② （选填“向右调节滑片”“向左调节滑片”或“保持滑片位置不变”），断开S1，闭合开关S2，读出电压表示数为U2；
③小灯泡的额定功率P= （用U1、U2和R0表示）。
22．（2024九下·湘潭模拟）铁桶重为20N，桶的底面积为400cm2，往桶里倒入80N的水，水的深度为15cm，平放在面积为1m2的水平台面上。求：
（1）水对桶底的压强；
（2）桶底受到水的压力；
（3）台面受到桶的压强。
23．（2024九下·湘潭模拟）健身使用的电子握力计模拟电路如图甲所示。将电流表（量程为0~0.6A）改装成握力计。电源电压为18V，定值电阻R1为10Ω，握力计手柄A端与滑动变阻器R2的滑片P连接，B端与R2的b端固定在绝缘支架上。测握力F大小时，滑片在ab之间滑动，握力为零时滑片P处于a端，滑动变阻器接入电路的阻值与握力F的大小关系如图乙所示。
（1）握力为0N时电路中的电流是多少？
（2）握力为100N时，R2消耗的电功率是多少？
（3）若想增大握力计的测量范围。电路中增加一个阻值为10Ω定值电阻R3，请判断分析应该将R3与R1串联还是并联？在电路安全的情况下，计算改进后握力计测量握力的范围。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】A．短跑运动员百米跑的平均速度约为10m/s，长跑的平均速度要远远低于10m/s，故A不符合题意；
B．某中学生身高约为1.7m，故B不符合题意；
C．成年人的质量约60kg，故C符合题意；
D．田径场上中午的温度随季节的变化而变化，没有一个固定的温度，故D不符合题意。
故选C。
【分析】根据对速度、长度、质量和温度的认识判断。
2．【答案】D
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调及音调与频率的关系；音色；防治噪声的途径
【解析】【解答】 A、只要物体振动，且传播到人耳，人就能听见声音，A错误
B、 剧院内墙的吸音材料是在传播中减弱噪声，B错误，
C、 分辨出各种乐器主要是依据音色的不同 ，C错误
D、 弹琵琶时改变手指按压弦的位置，是为了改变声音的音调 ，D正确
综上选D
【分析】根据声音的产生、特点、减弱噪音的途径判识选项
1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；
3、减弱噪音的途径有：声源处（摩托车装消声器）、传播中（建隔音墙 ）、人耳处（戴耳罩）
3．【答案】B
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热
【解析】【解答】A．露是空气中的水蒸气从气态变成液态发生液化变成的小水滴，故A错误；
B．液态的水从液态变成固态发生凝固成冰，故B正确；
C．霜是由气态的水蒸气从气态变成固态发生凝华形成，故C错误；
D．积雪消融，是固态的冰变成液态的水的熔化现象，故D错误；
故选B。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。
4．【答案】D
【知识点】光与光源；光的反射；光的折射规律
【解析】【解答】A、“举杯邀明月”中的“明月”不是光源 ，A错误
B、“一石击破水中天”，“天”是由光的反射形成的虚像，B错误
C、“映日荷花别样红”，“荷花”呈红色是由于它能吸反射光 ，C错误
D、“水皆缥碧，千丈见底。游鱼细石，直视无碍”，“游鱼细石”是由光的折射形成的虚像 ，D正确
综上选D
【分析】根据光源、光的反射、折射判识选项
1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅
3、光源：能够自主发光的的物质，如太阳、萤火虫、手电筒
5．【答案】A
【知识点】质量及其特性；机械能及其转化；力作用的相互性；运动和静止的相对性
【解析】【解答】A．从月球上带回地球的土壤，虽然位置改变，但是质量不变，故A错误符合题意；
B．火箭在加速升空过程中，质量不变，高度变大，则重力势能增大，故B正确不符合题意；
C．火箭升空时，嫦娥六号相对于地球位置不断发生变化，所以是运动的，故C正确不符合题意；
D．火箭向下喷出气流，由于物体间力的作用是相互的，气流对火箭有向上的反作用力，从而使火箭上升，故D正确不符合题意。
故选A。
【分析】A.质量是物质本身的一种属性，不随物质的位置、温度，形状的变化而变化；
B.重力势能与质量和高度有关；
C.根据参照物的知识判断；
D.根据力的作用的相互性判断。
6．【答案】A
【知识点】浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．根据物体的浮沉条件可知，良种沉底时，所受浮力小于自身重力，故A正确；
D．根据物体的浮沉条件可知，良种沉底，良种的密度大于水的密度；次种漂浮，次种的密度小于水的密度，所以良种的密度大于次种的密度，故D错误；
B．若良种和次种的体积相同，根据，由于良种的密度大于次种的密度，所以良种的重力大于次种的重力，故B错误；
C．次种漂浮，则次种所受浮力等于自身重力，故C错误。
故选A。
【分析】ABC.根据物体的浮沉条件比较浮力和重力的大小关系；
D.根据物体的浮沉条件比较次种和良种的密度大小。
7．【答案】B
【知识点】机械能及其转化；重力及其大小的计算；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】A．打水漂，是利用石子的惯性，而不是受到惯性的作用，故A错误；
B．石子运动过程中石子质量不变，根据G=mg可知，石子的重力不变，故B正确；
C．石子在水面打水漂时，运动方向发生改变，即运动状态发生改变，那么受到非平衡力的作用，故C错误；
D．由于石子克服摩擦做功，在水面上的机械能会减小，石子的高度减小，石子在水面上从左向右运动，故D错误。
故选B。
【分析】A.物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
B.根据G=mg分析判断；
C.运动方向和速度大小的变化叫运动状态的改变；
D.注意石子运动过程中机械能的变化即可。
8．【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，压缩机和摆风电动机二者可以同时工作，也可以单独工作，那么二者不相互影响，应该为并联。闭合S1时，压缩机工作，再闭合S2时，电动机工作，单独闭合S2时，电动机不工作，则S2在支路，只控制电动机，S1在干路，控制整个电路。
故选A。
【分析】用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只控制它所在支路上的用电器，据此分析判断。
9．【答案】C
【知识点】电功率的计算；安全用电原则
【解析】【解答】A．安装充电桩时，为了安全，要接地线，并做好漏电保护，故A错误；
B．若充电桩起火，应先关闭电源再施救，否则可能会引起触电事故，故B错误；
CD．对同一台汽车充电，电池需要的电能是一定的，快充时间短，根据W=Pt可知，快充的功率大，慢充的时间长，功率小，故C正确，D错误。
故选C。
【分析】AB.根据安全用电的知识判断；
CD.功率表示消耗电能快慢，据此分析判断。
10．【答案】D
【知识点】流体压强与流速的关系；机械效率；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A．汽车上表面为曲面，下表面为平面，则汽车高速行驶时上表面空气流速大压强小，故A错误；
B．发电机的工作原理是利用电磁感应现象，故B错误；
C．油电混动汽车的工作效率较高，但是运动过程中要克服摩擦阻力做功，工作效率肯定小于100%，故C错误；
D．电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用发生运动，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据流体压强和流速的关系判断；
B.根据发电机的工作原理判断；
C.根据机械运动要克服阻力做功分析；
D.根据电动机的工作原理判断。
11．【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A．根据图片可知，滑轮组承担重力的绳子段数；
则自由端移动距离，
那么自由端的速度为，
故A错误；
B．拉力F=50N，则拉力F的功率为，
故B错误；
C．滑轮组做的有用功，
滑轮组做的总功，
滑轮组的机械效率为
故C正确；
D．滑轮组的额外功，
不计绳重及摩擦时，动滑轮的重力为，
故D错误。
故选C。
【分析】A.根据图片确定承担重力的绳子段数n，根据s=nh计算自由端移动的距离，根据计算自由端的速度；
B.根据P=Fv计算拉力的功率；
C.根据计算有用功，根据计算总功，根据计算滑轮组的机械效率；
D.根据计算额外功，根据计算动滑轮的重力。
12．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．根据乙图可知，力敏电阻的阻值随压力的增大而减小，故A错误；
BC．根据甲图可知，R与R0串联接入电路中，电压表测量R0两端的电压。被测者质量越小，力敏电阻受到的压力越小，则力敏电阻R的阻值变大。根据R总=R+R0可知，电路的总电阻变大。根据欧姆定律可知，电路中的电流变小；根据P=UI可知，电路消耗的总功率变小，故BC错误；
D．由于电压表的量程为0~15V可知，
定值电阻R0两端的电压最大为15V，
此时电路的电流为；
力敏电阻两端的电压为UR=U-U0=18V-15V=3V；
此时力敏电阻的阻值为，
由图乙可知，此时称量物体的最大重力为100N，故D正确。
故选D。
【分析】 闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，
A.由图乙可知，力敏电阻的阻值随压力的增大而减小；
BC.物体的质量越小，压力越小，可知力敏电阻的阻值变化情况，由欧姆定律可知通过电路中的电流变化情况，由P=UI可知电路的总功率变化情况；
D.根据串联电路特点、电压表量程结合欧姆定律可得通过电路的最大电流，根据串联电路电压规律计算力敏电阻两端的电压，根据欧姆定律计算此时力敏电阻接入电路的阻值，由乙图可知此时力敏电阻受到的压力，即该台秤所能称量物体的最大重力。
13．【答案】电磁波；一次
【知识点】能源及其分类；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）无人驾驶联合收割机依靠“北斗导航”精准定位控制行驶路线，是利用电磁波来传递信息的。
（2）提炼石油得到柴油，可以从自然界直接获取，是一次能源。
【分析】（1）电磁波的传播不需要介质，声的传播需要介质。
（2）从自然界直接获取的能源为一次能源，通过一次能源转化而成的为二次能源。
14．【答案】运动状态；匀速直线运动
【知识点】力的作用效果；物体运动状态的变化
【解析】【解答】（1） 毽子被踢出 ，即毽子受力由静止变为运动，那么运动状态发生改变，这表明力可以改变物体的运动状态。
（2）毽子上升到最高处时，向上的速度为0，水平方向的速度不为零。若所有的外力都消失，由牛顿第一定律可知，毽子将处保持原来的状态，即在水平方向上做匀速直线运动。
【分析】（1）运动状态的改变包括：速度大小改变或运动方向改变；
（2）根据牛顿第一定律分析解答。
15．【答案】热传递；
【知识点】热传递改变物体内能；比热容
【解析】【解答】（1）根据题意可知，将酒盏漂浮在清冽的溪水上，酒的热量被水吸收，这是通过热传递的方式改变酒的内能。
（2） 盏里质量为100g的酒在漂流过程中，温度从30℃降低至20℃， 则酒放出的热量。
【分析】（1）热传递的本质为能量的转移；
（2）根据计算酒盏放出的热量。
16．【答案】大于；丙
【知识点】凸透镜成像的应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，照相机成倒立、缩小的实像，则拍照时景物到照相机的距离大于照相机二倍焦距。
（2）根据图片可知，A的镜头到显示器的距离最大，即像距最大，根据“物近像远大”的规律可知，此时成的像最大，故选甲。
【分析】（1）根据凸透镜的成像特点和应用判断；
（2）根据图片确定像距的大小，根据“物近像远大，物远像近小”的规律分析。
17．【答案】左；10
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）根据图片可知，定值电阻R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
电压表示数从6V变化到2V，则滑动变阻器的电压减小，
根据串联电路的分压规律可知，变阻器连入电路的电阻减小，
故向左移动滑片；
（2）根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，当电压表的示数减小时，以定值电阻两端的电压增大，根据U=IR可知，电路中的电流增大，
故当电压表的示数为6V时，电路中的电流为0.5A，
则电源的电压U=6V+0.5A×R0 ①；
当电压表的示数为2V，电路中的电流为1A，
则电源的电压U=2V+1A×R0②；
①②联立解得：R0=8Ω，U=10V。
【分析】 （1）由电路图可知，R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；根据串联分压规律解答；
（2）根据串联电路的电压特点可知当电压表的示数减小时，定值电阻两端的电压增大，根据欧姆定律可知电路中的电流增大，据此可知电压表对应的电流；然后根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值和电源的电压。
18．【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】根据题意可知，支点为O，通过O点作力F1作用线的垂线，垂足和支点之间的线段流速动力臂L1，如图所示：
【分析】力臂是从杠杆的支点到力的作用线垂直距离。
19．【答案】确定像的位置；A；虚
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）用玻璃板代替平面镜做实验时，玻璃板是半透明的，因此玻璃板不仅可以成像，还能看到玻璃板后与像做比较的物体，便于确定像的位置。
（2）只有反射光线射入眼睛，我们才能看到平面镜中的像。反射光线和入射光线都和物体A在同一侧，因此实验时应在A侧观察蜡烛A经玻璃板所成的像。
（3）将光屏竖立在像的位置（与玻璃板平行），光屏上无法呈现蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是虚像。
【分析】（1）根据玻璃板半透镜的特点分析；
（2）根据平面镜成像的原理分析；
（3）实像由实际光线形成，可以成在光屏上；虚像不是实际光线会聚而成，不能成在光屏上。
20．【答案】（1）物体排开液体的体积
（2）丙、丁
（3）液体的密度
（4）4；1.1×103
【知识点】阿基米德原理；探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）根据图片可知，甲、乙、丙中排开液体的体积不同，则说明浮力大小与物体排开液体的体积有关。
（2）探究浮力与物体浸入液体深度的关系，应控制液体密度与物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同， 故选用图丙、丁。
（3）根据图片可知，甲、丁、戊可知，只有液体的密度不同，说明浮力大小与液体密度有关。
（4）①由图甲、丙所示实验可知，圆柱体浸没在水中时受到的浮力F浮=G-F=5N-1N=4N；
②圆柱体的体积为；
圆柱体浸没在盐水排开盐水的体积等于圆柱体的体积，
盐水中受到的浮力为F浮'=G-F'=5N-0.6N=4.4N；
盐水的密度。
【分析】 （1）分析图示实验，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论。
（2）探究浮力与物体浸入液体深度的关系，应控制液体密度与物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同；
（3）根据图片分析 甲、丁、戊 中哪个因素不同即可；
（4）根据称重法计算出浸没在水中受到的浮力，利用阿基米德原理求物块浸没在液体中时排开液体的体积；根据称重法计算出浸没在盐水中受到的浮力，根据阿基米德原理求出盐水的密度。
（1）由图甲、乙、丙所示实验可知，物体排开液体的密度相同而排开液体的体积不同，弹簧测力计的示数不同，由称重法可知物体受到的浮力不同，由此可知，浮力大小与物体排开液体的体积有关。
（2）探究浮力与物体浸入液体深度的关系，应控制液体密度与物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同。由图示实验可知，图丙、丁所示实验中物体排开液体的密度、物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同，可以选用图丙、丁所示实验探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系。
（3）分析图甲、丁、戊可知，在排开液体体积相同时，液体的密度不同，弹簧测力计的示数不同，由称重法可知物体受到的浮力不同，说明浮力大小与液体密度有关。
（4）[1]由图甲、丙所示实验可知，圆柱体浸没在水中时受到的浮力
F浮=G-F=5N-1N=4N
[2]圆柱体的体积为
圆柱体浸没在盐水排开盐水的体积等于圆柱体的体积，盐水中受到的浮力为
F浮'=G-F'=5N-0.6N=4.4N
盐水的密度
21．【答案】（1）断开
（2）小灯泡短路
（3）右
（4）保持滑片位置不变；
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，电路连接时，需要断开开关。
（2）闭合开关后发现，小灯泡不亮，电流表有示数，而电压表无示数，说明与电压表并联的灯泡短路了。
（3）由图乙可知，电压表选择的量程是0~3V，分度值为0.1V，
所以电压表此时的示数为1.8V<2.5V。
为了让小灯泡正常发光，应该增大小灯泡两端的电压，
由U总=UL+U变可知，可以减小滑动变阻器接入的电阻大小，
即应将滑片向右移动一些。
（4）①依据电路图连接好电路，闭合开关S、S1，断开S2，此时灯泡、变阻器、定值电阻R0串联，电压表测灯泡电压，调节滑动变阻器，使电压表的示数为U1，则灯泡正常发光；保持滑片位置不变，断开S1，闭合开关S2，连接方式不变，电压表改测灯泡和总电压，读出电压表示数为U2，则电压为。
②灯泡的额定电流为；
则小灯泡的额定功率为。
【分析】 （1）为了避免电路时通时断烧坏用电器，要求开关必须断开；
（2）连接好电路后，闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路，灯泡不亮，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路；
（3）根据电压表选用量程确定分度值读数，比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
（4）要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻两端的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻两端的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI可求出灯的额定功率。
（1）为了保护电路，电路连接时，需要断开开关。
（2）闭合开关后发现，小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路是通路；而电压表无示数，说明电压表所测电路两端电压为0，可能是与电压表并联的灯泡短路了。
（3）由图乙可知，电压表选择的量程是0~3V，分度值为0.1V，所以电压表此时的示数为1.8V；已知小灯泡的额定电压为2.5V，为了让小灯泡正常发光，应该增大小灯泡两端的电压，由串联分压可知，可以减小滑动变阻器接入的电阻大小，即应将滑片向右移动一些，让小灯泡两端的电压增大到2.5V。
（4）[1]依据电路图连接好电路，闭合开关S、S1，断开S2，此时灯泡、变阻器、定值电阻R0串联，电压表测灯泡电压，调节滑动变阻器，使电压表的示数为U1，则灯泡正常发光；保持滑片位置不变，断开S1，闭合开关S2，连接方式不变，电压表改测灯泡和总电压，读出电压表示数为U2，则电压为。
[2]灯泡的额定电流为
则小灯泡的额定功率为
22．【答案】（1）解：根据题意可知，水的深度为15cm，
则水对桶底的压强；
（2）解：桶的底面积为400cm2，
桶底受到水的压力；
（3）解：桶对台面的压力等于水和桶的总重力，
即
台面受到桶的压强
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】（1）根据计算水对桶底的压强；
（2）根据F=pS计算桶底受到水的压力；
（3）根据计算水桶对台面的压力，根据计算台面受到桶的压强。
（1）水对桶底的压强
（2）桶底受到水的压力
（3）桶对台面的压力
台面受到桶的压强
23．【答案】（1）解：根据甲图可知，R1和R2组成串联电路，当握力为0N时，R2=50Ω；
则串联电路总电阻R总=R1+R2=10Ω+50Ω=60Ω；
那么此时电路中的电流。
（2）解：根据乙图可知，当握力为100N时，滑动变阻器R2的阻值为R'2=30Ω；
串联电路总电阻R'总=R1+R'2=10Ω+30Ω=40Ω；
此时电路电流；
R2消耗的电功率P2=I22R2'=(0.45A)2×30Ω=6.075W。
（3）解：当握力增大时，R2阻值减小，电路总电阻减小，因电源电压不变，由欧姆定律可知：电路总电流将增大，因此应使定值电阻阻值增大，即电路中增加一个阻值为10Ω定值电阻R3，应该将R3与R1串联；
改进后的握力计，由R3与R1串联成新的定值电阻R定值，则R定值=R1+R3=10Ω+10Ω=20Ω；
在电路安全的情况下，达到最大握力时，R2电阻最小，电路总电阻最小，此时电路电流最大，最大电流值为Imax=0.6A；
此时电路总电阻；
R2的阻值R″2=Rmin-R定值=30Ω-20Ω=10Ω
由乙图可知，当R″2=10Ω时，握力F=200N，
即改进后握力计测量握力的范围为0~200N。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）由甲图可知：定值电阻R1和滑动变阻器R2组成串联电路；由乙图可知：当握力为0N时，R2的阻值；已知电源电压，由串联电路电阻特点求出电路总电阻，利用欧姆定律即可求出此时电路中的电流；
（2）由乙图可知：当握力为100N时，滑动变阻器R2的阻值；已知电源电压，由串联电路电阻特点可求出电路总电阻，由欧姆定律求出此时电路的电流；已知R2的电阻、电流，由公式P=I2R可求出R2消耗的电功率；
（3）由乙图可知：当握力增大时，R2阻值减小，电路总电阻减小，因电源电压不变，由欧姆定律可知：电路总电流将增大，存在超过电流表最大测量值的风险，则应使定值电阻阻值增大，使电路总电流不超过电流表量程，即应该将R3与R1串联；在电路安全的情况下，电路最大电流为0.6A，由欧姆定律求出此时电路总电阻，进而求出R2的阻值，由乙图可知对应的最大握力，即可求出改进后握力计测量握力的范围。
（1）由甲图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2组成串联电路，电源电压为18V不变；由乙图可知，当握力为0N时，R2=50Ω；由串联电路电阻特点可知：串联电路总电阻
R总=R1+R2=10Ω+50Ω=60Ω
由欧姆定律可知，此时电路中的电流
（2）由乙图可知，当握力为100N时，滑动变阻器R2的阻值为R'2=30Ω；串联电路总电阻
R'总=R1+R'2=10Ω+30Ω=40Ω
此时电路电流
R2消耗的电功率
P2=I22R2'=(0.45A)2×30Ω=6.075W
（3）由乙图可知：当握力增大时，R2阻值减小，电路总电阻减小，因电源电压不变，由欧姆定律可知：电路总电流将增大，存在超过电流表最大测量值的风险，因此应使定值电阻阻值增大，使电路总电流不超过电流表量程，则想增大握力计的测量范围，电路中增加一个阻值为10Ω定值电阻R3，应该将R3与R1串联；改进后的握力计，由R3与R1串联成新的定值电阻R定值，则
R定值=R1+R3=10Ω+10Ω=20Ω
在电路安全的情况下，达到最大握力时，R2电阻最小，电路总电阻最小，此时电路电流最大，最大电流值为Imax=0.6A；由欧姆定律可知：电路总电阻
R2的阻值
R″2=Rmin-R定值=30Ω-20Ω=10Ω
由乙图可知，当R″2=10Ω时，握力F=200N，即改进后握力计测量握力的范围为0~200N。
2024年湖南省湘潭第十二中学中考模拟物理试题
1．（2024九下·湘潭模拟）湘潭体育中考刚刚结束，213班同学得到了一些数据，其中最符合实际的是（ ）
A．男生跑1000米平均速度约20m/s B．某中学生身高为1.7cm
C．一个男生质量约为50kg D．田径场上中午的温度为5℃
【答案】C
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】A．短跑运动员百米跑的平均速度约为10m/s，长跑的平均速度要远远低于10m/s，故A不符合题意；
B．某中学生身高约为1.7m，故B不符合题意；
C．成年人的质量约60kg，故C符合题意；
D．田径场上中午的温度随季节的变化而变化，没有一个固定的温度，故D不符合题意。
故选C。
【分析】根据对速度、长度、质量和温度的认识判断。
2．（2024九下·湘潭模拟） 关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．只要物体振动，人就能听见声音
B．剧院内墙的吸音材料是在声源处减弱噪声
C．分辨出各种乐器主要是依据音调的不同
D．弹琵琶时改变手指按压弦的位置，是为了改变声音的音调
【答案】D
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调及音调与频率的关系；音色；防治噪声的途径
【解析】【解答】 A、只要物体振动，且传播到人耳，人就能听见声音，A错误
B、 剧院内墙的吸音材料是在传播中减弱噪声，B错误，
C、 分辨出各种乐器主要是依据音色的不同 ，C错误
D、 弹琵琶时改变手指按压弦的位置，是为了改变声音的音调 ，D正确
综上选D
【分析】根据声音的产生、特点、减弱噪音的途径判识选项
1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；
3、减弱噪音的途径有：声源处（摩托车装消声器）、传播中（建隔音墙 ）、人耳处（戴耳罩）
3．（2024九下·湘潭模拟）下列四个节气关于物态变化分析正确的是（ ）
A．白露：露的形成过程是汽化现象
B．寒露：水结冰的过程是凝固现象
C．霜降：霜的形成过程是凝固现象
D．大雪：积雪消融过程需要放热
【答案】B
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热
【解析】【解答】A．露是空气中的水蒸气从气态变成液态发生液化变成的小水滴，故A错误；
B．液态的水从液态变成固态发生凝固成冰，故B正确；
C．霜是由气态的水蒸气从气态变成固态发生凝华形成，故C错误；
D．积雪消融，是固态的冰变成液态的水的熔化现象，故D错误；
故选B。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。
4．（2024九下·湘潭模拟） 下列诗词中涉及的物理知识正确的是（ ）
A．“举杯邀明月”中的“明月”是光源
B．“一石击破水中天”，“天”是由光的折射形成的虚像
C．“映日荷花别样红”，“荷花”呈红色是由于它能吸收红光
D．“水皆缥碧，千丈见底。游鱼细石，直视无碍”，“游鱼细石”是由光的折射形成的虚像
【答案】D
【知识点】光与光源；光的反射；光的折射规律
【解析】【解答】A、“举杯邀明月”中的“明月”不是光源 ，A错误
B、“一石击破水中天”，“天”是由光的反射形成的虚像，B错误
C、“映日荷花别样红”，“荷花”呈红色是由于它能吸反射光 ，C错误
D、“水皆缥碧，千丈见底。游鱼细石，直视无碍”，“游鱼细石”是由光的折射形成的虚像 ，D正确
综上选D
【分析】根据光源、光的反射、折射判识选项
1、光的反射：光在同一种介质中传播中，遇到反射面，将一部分光反射回来的现象叫做光的反射，常见例子有：平面镜反射，湖面反射
2、光的折射：光经过不同介质时，传播方向会发生偏折的现象，如：海市蜃楼、彩虹的形成、岸面看水水变浅
3、光源：能够自主发光的的物质，如太阳、萤火虫、手电筒
5．（2024九下·湘潭模拟）5月3日，嫦娥六号探测器由长征五号遥八运载火箭在中国文昌航天发射场成功发射，开启月球背面采样返回之旅。下列说法错误的是（ ）
A．从月球上带回地球的土壤，质量变大
B．火箭在加速升空过程中，重力势能逐渐增大
C．火箭升空时，嫦娥六号相对于地球是运动的
D．火箭向下喷出气流上升，利用了力的作用是相互的
【答案】A
【知识点】质量及其特性；机械能及其转化；力作用的相互性；运动和静止的相对性
【解析】【解答】A．从月球上带回地球的土壤，虽然位置改变，但是质量不变，故A错误符合题意；
B．火箭在加速升空过程中，质量不变，高度变大，则重力势能增大，故B正确不符合题意；
C．火箭升空时，嫦娥六号相对于地球位置不断发生变化，所以是运动的，故C正确不符合题意；
D．火箭向下喷出气流，由于物体间力的作用是相互的，气流对火箭有向上的反作用力，从而使火箭上升，故D正确不符合题意。
故选A。
【分析】A.质量是物质本身的一种属性，不随物质的位置、温度，形状的变化而变化；
B.重力势能与质量和高度有关；
C.根据参照物的知识判断；
D.根据力的作用的相互性判断。
6．（2024九下·湘潭模拟）如图，将水稻种子倒入一定浓度的盐水中，漂浮于水面的是次种，沉入容器底的是良种，这种方法称之为盐水选种。考虑种子个体差异，在图示情境中（ ）
A．良种所受浮力小于自身重力 B．良种重力小于次种重力
C．次种所受浮力大于自身重力 D．良种密度小于次种密度
【答案】A
【知识点】浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．根据物体的浮沉条件可知，良种沉底时，所受浮力小于自身重力，故A正确；
D．根据物体的浮沉条件可知，良种沉底，良种的密度大于水的密度；次种漂浮，次种的密度小于水的密度，所以良种的密度大于次种的密度，故D错误；
B．若良种和次种的体积相同，根据，由于良种的密度大于次种的密度，所以良种的重力大于次种的重力，故B错误；
C．次种漂浮，则次种所受浮力等于自身重力，故C错误。
故选A。
【分析】ABC.根据物体的浮沉条件比较浮力和重力的大小关系；
D.根据物体的浮沉条件比较次种和良种的密度大小。
7．（2024九下·湘潭模拟）将扁平的石子向水面快速抛出，在一定条件的情况下，石子会在水面上一跳一跳地飞向远方，俗称“打水漂”。图中虚线是某次打水漂过程。下列说法正确的是（ ）
A．打水漂，是利用石子受到惯性的作用
B．石子运动过程中石子受到的重力不变
C．石子能在水面打水漂是受到平衡力的作用
D．据图可知，石子在水面上从右向左运动
【答案】B
【知识点】机械能及其转化；重力及其大小的计算；惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】A．打水漂，是利用石子的惯性，而不是受到惯性的作用，故A错误；
B．石子运动过程中石子质量不变，根据G=mg可知，石子的重力不变，故B正确；
C．石子在水面打水漂时，运动方向发生改变，即运动状态发生改变，那么受到非平衡力的作用，故C错误；
D．由于石子克服摩擦做功，在水面上的机械能会减小，石子的高度减小，石子在水面上从左向右运动，故D错误。
故选B。
【分析】A.物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
B.根据G=mg分析判断；
C.运动方向和速度大小的变化叫运动状态的改变；
D.注意石子运动过程中机械能的变化即可。
8．（2024九下·湘潭模拟）图甲是某品牌的家用空调。当遥控板按下电源开关键（相当于S1闭合）时，压缩机开始工作，若要改变风向或形成摆风，需要再按下风向键（相当于S2闭合），电动机开始工作。单独按下风向键S2，空调不能工作。图乙的电路中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，压缩机和摆风电动机二者可以同时工作，也可以单独工作，那么二者不相互影响，应该为并联。闭合S1时，压缩机工作，再闭合S2时，电动机工作，单独闭合S2时，电动机不工作，则S2在支路，只控制电动机，S1在干路，控制整个电路。
故选A。
【分析】用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只控制它所在支路上的用电器，据此分析判断。
9．（2024九下·湘潭模拟）新能源汽车环保节能，但有续航里程、充电难和充电安全等问题，新能源汽车充电桩有快充和慢充两种。下列说法正确的是（ ）
A．安装充电桩时不需要接地和漏电保护
B．若充电桩起火，第一时间应浇水扑灭
C．额定工作时，快充比慢充的功率大
D．额定工作时，快充比慢充消耗的电能多
【答案】C
【知识点】电功率的计算；安全用电原则
【解析】【解答】A．安装充电桩时，为了安全，要接地线，并做好漏电保护，故A错误；
B．若充电桩起火，应先关闭电源再施救，否则可能会引起触电事故，故B错误；
CD．对同一台汽车充电，电池需要的电能是一定的，快充时间短，根据W=Pt可知，快充的功率大，慢充的时间长，功率小，故C正确，D错误。
故选C。
【分析】AB.根据安全用电的知识判断；
CD.功率表示消耗电能快慢，据此分析判断。
10．（2024九下·湘潭模拟）油电混合动力汽车逐渐走进普通家庭，混动汽车搭载了传统的内燃机，高效的电动机、发电机和蓄电池组。行驶过程中内燃机提供动力，同时可为蓄电池充电，也可以由蓄电池和电动机提供动力。下列关于汽车说法正确的是（ ）
A．汽车高速行驶时上表面空气流速大压强大
B．发电机的工作原理是利用电流的磁效应
C．油电混动汽车的工作效率可以达到100%
D．电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用
【答案】D
【知识点】流体压强与流速的关系；机械效率；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】A．汽车上表面为曲面，下表面为平面，则汽车高速行驶时上表面空气流速大压强小，故A错误；
B．发电机的工作原理是利用电磁感应现象，故B错误；
C．油电混动汽车的工作效率较高，但是运动过程中要克服摩擦阻力做功，工作效率肯定小于100%，故C错误；
D．电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用发生运动，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据流体压强和流速的关系判断；
B.根据发电机的工作原理判断；
C.根据机械运动要克服阻力做功分析；
D.根据电动机的工作原理判断。
11．（2024九下·湘潭模拟）如图所示，用竖直向上50N的拉力F，在10秒内将重为120N的物体匀速提升3m（不计绳重及摩擦），下列说法正确的是（ ）
A．自由端的速度为0.6m/s B．拉力F的功率为15W
C．滑轮组的机械效率为80% D．动滑轮的重力为20N
【答案】C
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A．根据图片可知，滑轮组承担重力的绳子段数；
则自由端移动距离，
那么自由端的速度为，
故A错误；
B．拉力F=50N，则拉力F的功率为，
故B错误；
C．滑轮组做的有用功，
滑轮组做的总功，
滑轮组的机械效率为
故C正确；
D．滑轮组的额外功，
不计绳重及摩擦时，动滑轮的重力为，
故D错误。
故选C。
【分析】A.根据图片确定承担重力的绳子段数n，根据s=nh计算自由端移动的距离，根据计算自由端的速度；
B.根据P=Fv计算拉力的功率；
C.根据计算有用功，根据计算总功，根据计算滑轮组的机械效率；
D.根据计算额外功，根据计算动滑轮的重力。
12．（2024九下·湘潭模拟）热爱物理的小新同学在家制作了一个简易台秤，用来测物体质量。内部电路如图甲所示，电源电压为18V，定值电阻R0为30Ω，电阻R为力敏电阻，其阻值与所受压力的变化情况如图乙所示，被测物体A放在R上方的托盘（绝缘体）里，电压表的量程为0~15V，电压表的表盘被改装为台秤的示数。以下分析正确的是（ ）
A．力敏电阻的阻值随压力的增大而增大
B．物体的质量越小，通过电路中的电流越大
C．物体的质量越小，电路的总功率越大
D．在保证电路安全的情况下，该台秤所能称量物体的最大重力为100N
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A．根据乙图可知，力敏电阻的阻值随压力的增大而减小，故A错误；
BC．根据甲图可知，R与R0串联接入电路中，电压表测量R0两端的电压。被测者质量越小，力敏电阻受到的压力越小，则力敏电阻R的阻值变大。根据R总=R+R0可知，电路的总电阻变大。根据欧姆定律可知，电路中的电流变小；根据P=UI可知，电路消耗的总功率变小，故BC错误；
D．由于电压表的量程为0~15V可知，
定值电阻R0两端的电压最大为15V，
此时电路的电流为；
力敏电阻两端的电压为UR=U-U0=18V-15V=3V；
此时力敏电阻的阻值为，
由图乙可知，此时称量物体的最大重力为100N，故D正确。
故选D。
【分析】 闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，
A.由图乙可知，力敏电阻的阻值随压力的增大而减小；
BC.物体的质量越小，压力越小，可知力敏电阻的阻值变化情况，由欧姆定律可知通过电路中的电流变化情况，由P=UI可知电路的总功率变化情况；
D.根据串联电路特点、电压表量程结合欧姆定律可得通过电路的最大电流，根据串联电路电压规律计算力敏电阻两端的电压，根据欧姆定律计算此时力敏电阻接入电路的阻值，由乙图可知此时力敏电阻受到的压力，即该台秤所能称量物体的最大重力。
13．（2024九下·湘潭模拟）我国现代农业已进入信息化和数字化时代。无人驾驶联合收割机依靠“北斗导航”精准定位控制行驶路线，它们是利用 （选填“超声波”或“电磁波”）来传递信息的；装载车和收割机是以柴油机作为动力装置，它们使用的燃料属于 （选填“一次”或“二次”）能源。
【答案】电磁波；一次
【知识点】能源及其分类；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）无人驾驶联合收割机依靠“北斗导航”精准定位控制行驶路线，是利用电磁波来传递信息的。
（2）提炼石油得到柴油，可以从自然界直接获取，是一次能源。
【分析】（1）电磁波的传播不需要介质，声的传播需要介质。
（2）从自然界直接获取的能源为一次能源，通过一次能源转化而成的为二次能源。
14．（2024九下·湘潭模拟）在如图所示的游戏中，毽子被踢出主要表明力可以改变物体的 。毽子被踢出后，上升到最高处时，若所有的外力都消失，毽子将处于 状态。
【答案】运动状态；匀速直线运动
【知识点】力的作用效果；物体运动状态的变化
【解析】【解答】（1） 毽子被踢出 ，即毽子受力由静止变为运动，那么运动状态发生改变，这表明力可以改变物体的运动状态。
（2）毽子上升到最高处时，向上的速度为0，水平方向的速度不为零。若所有的外力都消失，由牛顿第一定律可知，毽子将处保持原来的状态，即在水平方向上做匀速直线运动。
【分析】（1）运动状态的改变包括：速度大小改变或运动方向改变；
（2）根据牛顿第一定律分析解答。
15．（2024九下·湘潭模拟）“曲水流觞”是古代文人墨客诗酒唱酬的一种雅事。将酒盏漂浮在清冽的溪水上随溪流动，会降低酒的温度，这是通过 方式在改变酒的内能；酒盏里质量为100g的酒在漂流过程中，温度从30℃降低至20℃，会放出 J的热量。[c酒=3.4×103 J/（kg ℃）]
【答案】热传递；
【知识点】热传递改变物体内能；比热容
【解析】【解答】（1）根据题意可知，将酒盏漂浮在清冽的溪水上，酒的热量被水吸收，这是通过热传递的方式改变酒的内能。
（2） 盏里质量为100g的酒在漂流过程中，温度从30℃降低至20℃， 则酒放出的热量。
【分析】（1）热传递的本质为能量的转移；
（2）根据计算酒盏放出的热量。
16．（2024九下·湘潭模拟）假期到了，小明带着单反相机（镜头可以前后伸缩），在河滨公园同一地点，通过调节相机镜头如图A、B、C所示，拍了三张照片 （选填“大于”“小于”或“等于”）相机的二倍焦距；照片 （选填“甲”“乙”或“丙”）是用A拍摄的。
【答案】大于；丙
【知识点】凸透镜成像的应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，照相机成倒立、缩小的实像，则拍照时景物到照相机的距离大于照相机二倍焦距。
（2）根据图片可知，A的镜头到显示器的距离最大，即像距最大，根据“物近像远大”的规律可知，此时成的像最大，故选甲。
【分析】（1）根据凸透镜的成像特点和应用判断；
（2）根据图片确定像距的大小，根据“物近像远大，物远像近小”的规律分析。
17．（2024九下·湘潭模拟）如图所示电路，电源电压保持不变，要使电压表示数从6V变化到2V，滑动变阻器应向 （选填“左”或“右”）调节，同时观察电流表示数由0.5A变为1A．其电源电压U= V。
【答案】左；10
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】（1）根据图片可知，定值电阻R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
电压表示数从6V变化到2V，则滑动变阻器的电压减小，
根据串联电路的分压规律可知，变阻器连入电路的电阻减小，
故向左移动滑片；
（2）根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，当电压表的示数减小时，以定值电阻两端的电压增大，根据U=IR可知，电路中的电流增大，
故当电压表的示数为6V时，电路中的电流为0.5A，
则电源的电压U=6V+0.5A×R0 ①；
当电压表的示数为2V，电路中的电流为1A，
则电源的电压U=2V+1A×R0②；
①②联立解得：R0=8Ω，U=10V。
【分析】 （1）由电路图可知，R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；根据串联分压规律解答；
（2）根据串联电路的电压特点可知当电压表的示数减小时，定值电阻两端的电压增大，根据欧姆定律可知电路中的电流增大，据此可知电压表对应的电流；然后根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值和电源的电压。
18．（2024九下·湘潭模拟）如图甲所示，桔槔是我国古代汲水的一种器具，可看作杠杆，并画出力F1的力臂l1。
【答案】
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】根据题意可知，支点为O，通过O点作力F1作用线的垂线，垂足和支点之间的线段流速动力臂L1，如图所示：
【分析】力臂是从杠杆的支点到力的作用线垂直距离。
19．（2024九下·湘潭模拟）小明同学“探究平面镜成像的特点”的实验情景如图所示。
（1）用玻璃板代替平面镜做实验时，玻璃板不仅可以成像，还便于 ；
（2）将点燃的蜡烛A竖立在玻璃板的前面，将未点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面并移动，直到看上去蜡烛B跟蜡烛A的像完全重合。实验时应在 （选填“A”或“B”）侧观察蜡烛A经玻璃板所成的像；
（3）将光屏竖立在像的位置（与玻璃板平行），光屏上无法呈现蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是 （选填“虚”或“实”）像。
【答案】确定像的位置；A；虚
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）用玻璃板代替平面镜做实验时，玻璃板是半透明的，因此玻璃板不仅可以成像，还能看到玻璃板后与像做比较的物体，便于确定像的位置。
（2）只有反射光线射入眼睛，我们才能看到平面镜中的像。反射光线和入射光线都和物体A在同一侧，因此实验时应在A侧观察蜡烛A经玻璃板所成的像。
（3）将光屏竖立在像的位置（与玻璃板平行），光屏上无法呈现蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是虚像。
【分析】（1）根据玻璃板半透镜的特点分析；
（2）根据平面镜成像的原理分析；
（3）实像由实际光线形成，可以成在光屏上；虚像不是实际光线会聚而成，不能成在光屏上。
20．（2024九下·湘潭模拟）小明用弹簧测力计、圆柱体、两个相同的圆柱形容器，分别装有一定量的水和盐水，对浸在液体中的物体所受的浮力进行了探究，其装置和弹簧测力计示数如图所示。
（1）分析图甲、乙、丙，说明物体受到浮力的大小与 有关；
（2）为了探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，选用图 来进行操作；
（3）分析图甲、丁、戊，说明物体受到浮力的大小与 有关；
（4）圆柱体浸没在水中时所受浮力是 N，用图示实验数据测出盐水的密度是 kg/m3。
【答案】（1）物体排开液体的体积
（2）丙、丁
（3）液体的密度
（4）4；1.1×103
【知识点】阿基米德原理；探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）根据图片可知，甲、乙、丙中排开液体的体积不同，则说明浮力大小与物体排开液体的体积有关。
（2）探究浮力与物体浸入液体深度的关系，应控制液体密度与物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同， 故选用图丙、丁。
（3）根据图片可知，甲、丁、戊可知，只有液体的密度不同，说明浮力大小与液体密度有关。
（4）①由图甲、丙所示实验可知，圆柱体浸没在水中时受到的浮力F浮=G-F=5N-1N=4N；
②圆柱体的体积为；
圆柱体浸没在盐水排开盐水的体积等于圆柱体的体积，
盐水中受到的浮力为F浮'=G-F'=5N-0.6N=4.4N；
盐水的密度。
【分析】 （1）分析图示实验，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论。
（2）探究浮力与物体浸入液体深度的关系，应控制液体密度与物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同；
（3）根据图片分析 甲、丁、戊 中哪个因素不同即可；
（4）根据称重法计算出浸没在水中受到的浮力，利用阿基米德原理求物块浸没在液体中时排开液体的体积；根据称重法计算出浸没在盐水中受到的浮力，根据阿基米德原理求出盐水的密度。
（1）由图甲、乙、丙所示实验可知，物体排开液体的密度相同而排开液体的体积不同，弹簧测力计的示数不同，由称重法可知物体受到的浮力不同，由此可知，浮力大小与物体排开液体的体积有关。
（2）探究浮力与物体浸入液体深度的关系，应控制液体密度与物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同。由图示实验可知，图丙、丁所示实验中物体排开液体的密度、物体排开液体的体积相同而物体浸没在液体中的深度不同，可以选用图丙、丁所示实验探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系。
（3）分析图甲、丁、戊可知，在排开液体体积相同时，液体的密度不同，弹簧测力计的示数不同，由称重法可知物体受到的浮力不同，说明浮力大小与液体密度有关。
（4）[1]由图甲、丙所示实验可知，圆柱体浸没在水中时受到的浮力
F浮=G-F=5N-1N=4N
[2]圆柱体的体积为
圆柱体浸没在盐水排开盐水的体积等于圆柱体的体积，盐水中受到的浮力为
F浮'=G-F'=5N-0.6N=4.4N
盐水的密度
21．（2024九下·湘潭模拟）莉莉在“测量小灯泡的电功率”的实验中，选择了额定电压为2.5V的小灯泡，电源电压保持6V不变，连接电路如图甲所示。
（1）电路连接时，需要 开关；
（2）连接好电路后，闭合开关，发现灯泡不亮，同时发现电流表有示数，电压表无示数，则电路中存在的故障可能是 ；
（3）排除故障后，调节滑动变阻器滑片，当电压表示数如图乙所示时，想使小灯泡正常发光，则应将滑片向 （选填“左”或“右”）移动一些；
（4）完成了上述的实验后，还想测另一只额定电压为U1的小灯泡正常发光时的电功率，但发现电流表损坏了。利用阻值已知的定值电阻R0，设计了如图丙所示的电路，并操作如下：
①依据电路图连接好电路，闭合开关S、S1，断开S2，调节滑动变阻器，使电压表的示数为U1；
② （选填“向右调节滑片”“向左调节滑片”或“保持滑片位置不变”），断开S1，闭合开关S2，读出电压表示数为U2；
③小灯泡的额定功率P= （用U1、U2和R0表示）。
【答案】（1）断开
（2）小灯泡短路
（3）右
（4）保持滑片位置不变；
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，电路连接时，需要断开开关。
（2）闭合开关后发现，小灯泡不亮，电流表有示数，而电压表无示数，说明与电压表并联的灯泡短路了。
（3）由图乙可知，电压表选择的量程是0~3V，分度值为0.1V，
所以电压表此时的示数为1.8V<2.5V。
为了让小灯泡正常发光，应该增大小灯泡两端的电压，
由U总=UL+U变可知，可以减小滑动变阻器接入的电阻大小，
即应将滑片向右移动一些。
（4）①依据电路图连接好电路，闭合开关S、S1，断开S2，此时灯泡、变阻器、定值电阻R0串联，电压表测灯泡电压，调节滑动变阻器，使电压表的示数为U1，则灯泡正常发光；保持滑片位置不变，断开S1，闭合开关S2，连接方式不变，电压表改测灯泡和总电压，读出电压表示数为U2，则电压为。
②灯泡的额定电流为；
则小灯泡的额定功率为。
【分析】 （1）为了避免电路时通时断烧坏用电器，要求开关必须断开；
（2）连接好电路后，闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路，灯泡不亮，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路；
（3）根据电压表选用量程确定分度值读数，比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
（4）要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻两端的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻两端的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI可求出灯的额定功率。
（1）为了保护电路，电路连接时，需要断开开关。
（2）闭合开关后发现，小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路是通路；而电压表无示数，说明电压表所测电路两端电压为0，可能是与电压表并联的灯泡短路了。
（3）由图乙可知，电压表选择的量程是0~3V，分度值为0.1V，所以电压表此时的示数为1.8V；已知小灯泡的额定电压为2.5V，为了让小灯泡正常发光，应该增大小灯泡两端的电压，由串联分压可知，可以减小滑动变阻器接入的电阻大小，即应将滑片向右移动一些，让小灯泡两端的电压增大到2.5V。
（4）[1]依据电路图连接好电路，闭合开关S、S1，断开S2，此时灯泡、变阻器、定值电阻R0串联，电压表测灯泡电压，调节滑动变阻器，使电压表的示数为U1，则灯泡正常发光；保持滑片位置不变，断开S1，闭合开关S2，连接方式不变，电压表改测灯泡和总电压，读出电压表示数为U2，则电压为。
[2]灯泡的额定电流为
则小灯泡的额定功率为
22．（2024九下·湘潭模拟）铁桶重为20N，桶的底面积为400cm2，往桶里倒入80N的水，水的深度为15cm，平放在面积为1m2的水平台面上。求：
（1）水对桶底的压强；
（2）桶底受到水的压力；
（3）台面受到桶的压强。
【答案】（1）解：根据题意可知，水的深度为15cm，
则水对桶底的压强；
（2）解：桶的底面积为400cm2，
桶底受到水的压力；
（3）解：桶对台面的压力等于水和桶的总重力，
即
台面受到桶的压强
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用
【解析】【解答】（1）根据计算水对桶底的压强；
（2）根据F=pS计算桶底受到水的压力；
（3）根据计算水桶对台面的压力，根据计算台面受到桶的压强。
（1）水对桶底的压强
（2）桶底受到水的压力
（3）桶对台面的压力
台面受到桶的压强
23．（2024九下·湘潭模拟）健身使用的电子握力计模拟电路如图甲所示。将电流表（量程为0~0.6A）改装成握力计。电源电压为18V，定值电阻R1为10Ω，握力计手柄A端与滑动变阻器R2的滑片P连接，B端与R2的b端固定在绝缘支架上。测握力F大小时，滑片在ab之间滑动，握力为零时滑片P处于a端，滑动变阻器接入电路的阻值与握力F的大小关系如图乙所示。
（1）握力为0N时电路中的电流是多少？
（2）握力为100N时，R2消耗的电功率是多少？
（3）若想增大握力计的测量范围。电路中增加一个阻值为10Ω定值电阻R3，请判断分析应该将R3与R1串联还是并联？在电路安全的情况下，计算改进后握力计测量握力的范围。
【答案】（1）解：根据甲图可知，R1和R2组成串联电路，当握力为0N时，R2=50Ω；
则串联电路总电阻R总=R1+R2=10Ω+50Ω=60Ω；
那么此时电路中的电流。
（2）解：根据乙图可知，当握力为100N时，滑动变阻器R2的阻值为R'2=30Ω；
串联电路总电阻R'总=R1+R'2=10Ω+30Ω=40Ω；
此时电路电流；
R2消耗的电功率P2=I22R2'=(0.45A)2×30Ω=6.075W。
（3）解：当握力增大时，R2阻值减小，电路总电阻减小，因电源电压不变，由欧姆定律可知：电路总电流将增大，因此应使定值电阻阻值增大，即电路中增加一个阻值为10Ω定值电阻R3，应该将R3与R1串联；
改进后的握力计，由R3与R1串联成新的定值电阻R定值，则R定值=R1+R3=10Ω+10Ω=20Ω；
在电路安全的情况下，达到最大握力时，R2电阻最小，电路总电阻最小，此时电路电流最大，最大电流值为Imax=0.6A；
此时电路总电阻；
R2的阻值R″2=Rmin-R定值=30Ω-20Ω=10Ω
由乙图可知，当R″2=10Ω时，握力F=200N，
即改进后握力计测量握力的范围为0~200N。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）由甲图可知：定值电阻R1和滑动变阻器R2组成串联电路；由乙图可知：当握力为0N时，R2的阻值；已知电源电压，由串联电路电阻特点求出电路总电阻，利用欧姆定律即可求出此时电路中的电流；
（2）由乙图可知：当握力为100N时，滑动变阻器R2的阻值；已知电源电压，由串联电路电阻特点可求出电路总电阻，由欧姆定律求出此时电路的电流；已知R2的电阻、电流，由公式P=I2R可求出R2消耗的电功率；
（3）由乙图可知：当握力增大时，R2阻值减小，电路总电阻减小，因电源电压不变，由欧姆定律可知：电路总电流将增大，存在超过电流表最大测量值的风险，则应使定值电阻阻值增大，使电路总电流不超过电流表量程，即应该将R3与R1串联；在电路安全的情况下，电路最大电流为0.6A，由欧姆定律求出此时电路总电阻，进而求出R2的阻值，由乙图可知对应的最大握力，即可求出改进后握力计测量握力的范围。
（1）由甲图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2组成串联电路，电源电压为18V不变；由乙图可知，当握力为0N时，R2=50Ω；由串联电路电阻特点可知：串联电路总电阻
R总=R1+R2=10Ω+50Ω=60Ω
由欧姆定律可知，此时电路中的电流
（2）由乙图可知，当握力为100N时，滑动变阻器R2的阻值为R'2=30Ω；串联电路总电阻
R'总=R1+R'2=10Ω+30Ω=40Ω
此时电路电流
R2消耗的电功率
P2=I22R2'=(0.45A)2×30Ω=6.075W
（3）由乙图可知：当握力增大时，R2阻值减小，电路总电阻减小，因电源电压不变，由欧姆定律可知：电路总电流将增大，存在超过电流表最大测量值的风险，因此应使定值电阻阻值增大，使电路总电流不超过电流表量程，则想增大握力计的测量范围，电路中增加一个阻值为10Ω定值电阻R3，应该将R3与R1串联；改进后的握力计，由R3与R1串联成新的定值电阻R定值，则
R定值=R1+R3=10Ω+10Ω=20Ω
在电路安全的情况下，达到最大握力时，R2电阻最小，电路总电阻最小，此时电路电流最大，最大电流值为Imax=0.6A；由欧姆定律可知：电路总电阻
R2的阻值
R″2=Rmin-R定值=30Ω-20Ω=10Ω
由乙图可知，当R″2=10Ω时，握力F=200N，即改进后握力计测量握力的范围为0~200N。
