2025-2026学年度高三8月物理科试题
命题人：一中新城高三物理组审题人：惠来一中高三物理组
一、单选题：本题共7题，每题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中只有一项符合题目要求。
1.物理学在长期的发展进程中，形成了一整套系统的研究问题的思想方法。例比值定义法、极限思想、
等效替代法、类比法、微元法等。这些思想方法极大地丰富了人们对物质世界的认识，拓展了人们的思
维方式。如图中的曲线是某一质点的运动轨迹。若质点在一段时间内从B点运动到A点，当B点越来越
靠近A点时，质点的平均速度方向将越来越接近A点的切线方向。当B点与A点的距离接近0时，质点
在A点的速度方向沿过A点的切线方向。下列说法中不正确的是()
A.平均速度和瞬时速度的方向总是一致的
切线
B.平均速度的方向与位移方向总是一致的
割线
C.当△t→0时，平均速度趋于瞬时速度
D.瞬时速度的定义用到极限的思想方法
2.一质点做直线运动，下列描述其位移x或速度v随时间t变化的图像中，可能正确的是()
LRB
3如图所示，小球从竖直砖墙某位置静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，
得到了图中1、2、3、4、5.所示小球运动过程中每次曝光的位置.连续两次曝光的
时间间隔均为T,每块砖的厚度为。根据图中的信息，下列判断错误的是()
A.位置“1”是小球释放的初始位置
B.小球做匀加速直线运动
C小球下落的加速度为只
D.小球在位置3”的速度为
4.「根据运动情况判断超重、失重]某跳水运动员在3长的踏板上起跳，通过录像观
察到踏板和运动员要经历如图所示的过程，其中A为无人时踏板静止点，B为人站在踏板上静止时的平
衡点，C为人在起跳过程中人和踏板运动的最低点，则下列说法中正确的是()
A.人和踏板由C到B的过程中，人向上做匀加速运动
B,人和踏板由C到A的过程中，人处于超重状态
B
C.人和踏板由C到A的过程中，先超重后失重
D.人在C点具有最大速度
5.消毒碗柜的金属碗架可以将碗竖直放置于两条金属杆之间，如图所示
取某个碗的正视图如图所示，其中α、b分别为两光滑水平金属杆，下
列说法正确的是()
第1页，共4页
A.若减小α、b间距，碗仍保持竖直静止，碗的合力减小
B.若减小a、b间距，碗仍保持竖直静止，a杆受到的弹力不变
C.若将质量相同、半径更大的碗竖直放置于α、b杆之间，碗受到杆的作用力变小
D.若将质量相同、半径更大的碗竖直放置于α、b杆之间，碗受到杆的作用力不变
6.如图所示，水平横梁一端A插在墙壁内，另一端装有一小滑轮B。一轻绳的一端C
固定于墙壁上，另一端跨过滑轮后悬挂一质量为m=10kg的重物，∠CBA=30°，则
30
滑轮受到绳子的作用力大小为(g取10m/s2)()
A.50N
B.60N
C.120N
D.100N
7.如图所示，倾角为的斜面体C置于水平面上，物块B置于斜面上，通过
细绳跨过光滑定滑轮与沙漏A连接，连接B的一段细绳与斜面平行，在A
中的沙子缓慢流出的过程中，A,B,C都处于静止状态，则下列说法正确
的是()
A.B对C的摩擦力可能始终增大
B.地面对C的支持力可能不变
C.C对地面的摩擦力方向始终向左，且逐渐减小D.滑轮对绳的作用力方向发生改变
二、多选题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要
求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8.某汽车正以72km/h在公路上行驶，为“礼让行人”，若以大小为5m/s加速度刹车，则以下说法中正确
的有()
A.刹车后2s时的速度大小为10m/sB.汽车滑行40m停下
C.刹车5s后的速度大小为-5m/s
D.刹车后6s内的位移大小为30m
9.如图所示，水平地面粗糙，A、B两同学站在地上水平推墙.甲图中A向前推B,B向前推墙：乙图中
A、B同时向前推墙.每人用力的大小都为F,方向水平.则下列说法中正确的是()
A.甲图方式中墙受到的推力为2F
墙
B.乙图方式中墙受到的推力为2F
C.甲图方式中两位同学受到地面的摩擦力大小都为F
D.乙图方式中两位同学受到地面的摩擦力大小都为F
甲
10.水平地面上有一质量为m1的长木板，木板的左端上有一质量为m2的物块，如图甲所示。用水平向右
的拉力F作用在物块上，F随时间t的变化关系如图乙所示，其中F、F2分别为t、2时刻F的大小。
木板的加速度a1随时间t的变化关系如图丙
所示。己知木板与地面间的动摩擦因数为，
m
物块与木板间的动摩擦因数为2。假设最大静
m
777777777777777777777
摩擦力均与相应的滑动摩擦力相等，重力加
甲
丙
速度大小为g。则()
第2页，共4页1.【答案】A
【解析】平均速度与位移方向一致；瞬时速度和运动的方向总是一致，但两者的方向可能不同，A错误，B正确；
根据速度定义式，当 非常小时，即 时， 就可以表示物体在时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想法，CD正确。
故不正确的选A。
2.【答案】C
物体做直线运动，位移与时间成函数关系，选项中一个时间对应个以上的位移，故不可能，故AB错误；
同理选项中一个时间对应个速度，只有选项速度与时间是成函数关系，故C正确，D错误。
3.【答案】A
A.若小球做初速度为零的匀变速直线运动，则在连续相等时间内，位移之比为，而题中点、、、、间的位移之比为，所以位置“”不是小球释放的初始位置，故A错误，符合题意；
B.由于相邻两点间位移之差等于，符合匀变速直线运动的特点：，所以小球做匀加速直线运动，故B正确，不符合题意；
C.由得加速度，故C正确，不符合题意；
D.小球在位置“”的速度等于、间的平均速度，则有，故D正确，不符合题意。
4.解析：选C 人由C到B的过程中，重力不变，弹力一直减小，合力减小，所以加速度减小，人做变加速运动，A错误；人和踏板由C到B的过程中，弹力大于重力，加速度向上，人处于超重状态，从B到A的过程中，重力大于弹力，加速度向下，处于失重状态，B错误，C正确；人在C点的速度为零，D错误。
5.【答案】D
【解析】【分析】根据平衡条件可知当碗静止时合力为零；利用正交分解的方法可确定当减小、间距，则减小，杆受到的弹力的变化情况。
A.若减小、间距，碗仍保持竖直静止，碗的合力仍为零，合力不变，选项A错误；
B.对碗受力分析如图，设点对碗的弹力与竖直方向的夹角为，则，若减小、间距，则减小，杆受到的弹力减小，选项B错误；
杆对碗的作用力与碗的重力等大反向，则将质量相同、半径更大的碗竖直放置于、杆之间，则碗受到杆的作用力不变，总等于重力，选项C错误，D正确。
6.[解析] 轻绳跨过滑轮，BC段、BD段拉力F1＝F2＝mg＝100 N，夹角为120°，根据平行四边形定则，二力合成如图所示。由于F1＝F2，所以平行四边形为菱形，又因为∠DBG＝60°，所以△BGD为等边三角形，所以F1、F2的合力F＝F1＝F2＝100 N，即绳子对滑轮的作用力大小为100 N，D正确。
7.【答案】A
A.设、的重力分别为、若，受到的摩擦力为零；若，受到的摩擦力不为零。若，受到的摩擦力沿斜面向上，当沙子流出时，对的摩擦力始终增加，故A正确；
B.以整体为研究对象，分析受力如图，根据平衡条件得知，水平面对的支持力，在中的沙子缓慢流出的过程中减小，则增大，故B错误；
C.以整体为研究对象，分析受力如图，根据平衡条件得知，水平面对的摩擦力，方向水平向左，则对地面的摩擦力方向始终向右，故C错误；
D.绳子对滑轮的作用力为两个相等的力方向不变，所以绳子对滑轮的作用力方向不变，则滑轮对绳的作用力方向始终不变，故D错误。
8.【答案】AB 【解析】A.，由公式得，汽车刹车到停止的时间由速度公式得刹车后时的速度故A正确；
B.由公式 可得 汽车滑行停下，故B正确；
C.汽车刹车到停止的时间为，所以刹车后时的速度大小为，故C错误；
D.汽车刹车到停止的时间为，刹车后内的位移大小与刹车后内的位移大小相等，即，故D错误。
9.【答案】BD
甲方式中，先对同学受力分析，水平方向受对的向后的弹力和地面对的向前的静摩擦力，竖直方向受重力和支持力；再对同学受力分析，受对的弹力和墙壁对的弹力，根据平衡条件得到，墙壁对的弹力等于对的弹力，等于。所受的摩擦力为，故AC错误。
乙方式中，甲乙两同学受在水平方向上受墙壁的弹力和地面的静摩擦力平衡，知地面对两同学的摩擦力都为。此时墙受到的推力为，故BD正确。故选BD。
10.[解析] 分析可知，t1时刻长木板和物块刚要一起滑动，此时有F1＝μ1(m1＋m2)g，A错误；t1～t2时间内，长木板向右做加速度增大的加速运动，一定有μ2m2g－μ1(m1＋m2)g＞0，故μ2＞μ1，C正确；0～t1时间内长木板和物块均静止，t1～t2时间内长木板和物块一起加速，一起加速的最大加速度满足μ2m2g－μ1(m1＋m2)g＝m1am、F2－μ1(m1＋m2)g＝(m1＋m2)am，解得F2＝·(μ2－μ1)g，B、D正确。[答案] BCD
11.【答案】 甲；
【解析】【分析】本题考查实验研究弹簧弹力实验。解决本题明确本实验的基本原理，理解实验的基本方法，会进行数据分析。由，可确定劲度系数；
根据处于静止状态，间的滑动摩擦力等于弹簧测力计读数，可确定甲方案更合理；
根据，可确定动摩擦因数。
【解答】
图线的斜率表示劲度系数，；
甲方案较合理，因为在图甲中，静止，弹簧测力计的示数等于所受的滑动摩擦力；而乙方案需要弹簧测力计拉着物块做匀速直线运动，不利于准确测量。
利用的示数和的重力求、间的动摩擦因数，得。
故答案为：；甲；。
12.【答案】不需要 不变
【解析】有钩码时滑块匀速下滑时受力平衡，取下钩码后滑块在匀加速下滑过程中所受的合外力大小等于钩码的重力大小，不需要满足钩码质量远小于滑块质量。
长木板有倾角的目的是平衡摩擦力，当改变钩码的质量时，滑块受到的摩擦力不变，所以长木板的倾角不变
相邻计数点的时间间隔为
由逐差法可得加速度大小为
对钩码分析，滑块的加速度为，所以钩码的加速度为，根据牛顿第二定律可得：，对滑块，根据牛顿第二定律可得，解得．
13.【答案】解：匀速前进时滑雪圈在水平方向受力平衡，有，
滑雪圈及小孙在竖直方向受力平衡，有，由，联立解得。
撤去拉力后滑雪圈受雪地的弹力大小变为，则滑动摩擦力大小变为，
则由牛顿第二定律有，又由，求得能继续前进的距离。
注：以上每个式子包含答案均1分
14.[解析] (1)小包裹的速度v2大于传送带的速度v1，所以小包裹受到传送带的摩擦力沿传送带向上，根据牛顿第二定律可知μmgcos α－mgsin α＝ma，解得a＝0.4 m/s2。
(2)根据(1)可知小包裹开始阶段在传送带上做匀减速直线运动，用时t1＝＝ s＝2.5 s，在传送带上滑动的距离为x1＝t1＝×2.5 m＝2.75 m，
因为小包裹所受滑动摩擦力大于重力沿传送带方向上的分力，即μmgcos α＞mgsin α，所以小包裹与传送带共速后做匀速直线运动至传送带底端，匀速运动的时间为t2＝＝ s＝2 s，所以小包裹通过传送带的时间为t＝t1＋t2＝4.5 s。
注：以上每个式子包含答案均2分
15.【答案】解：设小球竖直上抛到最高点时间为，有··················2分
得，设最高点到地面的高度为，从最高点下落到地面所用时间为，有···2分
···················································2分
得····························································1分
小球在空中运动的总时间·······························1分
····························································2分
得··························································2分
·························································2分
得·······················································2分
·················································2分
