2024-2025学年江苏省南京市鼓楼区高二（下）期末物理试卷
一、单选题：本大题共11小题，共44分。
1.下列物理现象说法正确的是( )
A. 图甲中，当观看立体电影时，观众需要戴上特制的眼镜，利用了光的衍射
B. 图乙中，爱因斯坦运用“能量子”的观点成功解释了黑体辐射现象，说明能量是不连续的
C. 图丙中，入射的光子与电子碰撞时，一部分动量转移给电子，光子的波长变长
D. 图丁中，水黾可以停在水面上，利用了浮力等于重力
2.在火星上太阳能电池板发电能力有限，因此科学家用放射性材料——作为发电能源为火星车供电，中的Pu元素是，发生的核反应方程为，下列说法正确的是( )
A. X是
B. 会破坏人体的组织和细胞，这与衰变时放射出的射线有关
C. 若的半衰期是年，则10个经过年还剩5个
D. 的比结合能比的比结合能大
3.关于“用油膜法估测油酸分子的大小”实验，则( )
A. 应先滴油酸酒精溶液，再撤痱子粉
B. 滴入油酸酒精溶液后，需立即描下油膜轮廓，测出油膜面积
C. 计算每滴溶液体积时，1mL溶液的滴数少计了10滴，会使分子直径测量值偏大
D. 油酸酒精溶液久置，酒精会挥发，会导致分子直径的测量值偏大
4.如图所示是一定质量的理想气体的图像，线段ab的延长线过原点，则( )
A. 温度
B. 过程中气体从外界吸热
C. 过程中气体对外界做功为
D. 过程中气体分子对容器壁的平均撞击力减小
5.如图所示，两颗彗星绕太阳运行，彗星1轨道为圆，彗星2轨道为椭圆，彗星1轨道的半径小于彗星2轨道的半长轴，若仅考虑太阳对彗星的作用力，则( )
A. 彗星1的周期小于彗星2的周期
B. 彗星1的速度小于彗星2在远日点的速度
C. 彗星1、彗星2与太阳的连线在相等时间内扫过的面积一定相等
D. 彗星1受太阳的万有引力一定小于彗星2在近日点受太阳的万有引力
6.如图所示，用细绳悬挂质量为 m的重物，现用光滑铁钩缓慢水平向左拉动细绳，重力加速度为 g，则( )
A. 拉动细绳的过程中，铁钩对细绳的作用力沿水平方向
B. 拉动细绳的过程中，铁钩上半部分细绳的作用力变大
C. 拉动细绳的过程中，铁钩受到细绳的作用力越来越小
D. 当时，铁钩对细绳的作用力大小为mg
7.一列沿x轴传播的简谐横波在时的波形图如图甲所示，质点Q的振动图像如图乙所示，则( )
A. 该波的波长为20cm
B. 该波的波速大小为
C. 时，质点M沿y轴负方向振动
D. 再经过，质点M运动的路程为100cm
8.如图所示电路中，A、B是构成平行板电容器的两金属极板，光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，将开关S闭合，有一带电粒子恰好静止在电容器中的P点，则( )
A. 仅将A板上移，粒子仍保持静止不动
B. 仅将A板上移，P点电势降低
C. 仅增大光敏电阻的光照强度的过程中，电阻R中有向上的电流
D. 仅增大光敏电阻的光照强度，灯泡L将变暗
9.如图甲所示，在研究光电效应实验中，激光器以一定功率发出频率为的单色光照射阴极K时，得到电流表示数随电压表示数变化的关系如图乙所示，已知普朗克常量为h，电子电荷量为，下列说法正确的是( )
A. 保持O点位置不动，触头P向a端移动时，电流表示数增大
B. 阴极K的逸出功为
C. 若保持入射光的频率不变，增大光照强度，则光电子的最大初速度增大
D. 若光子激发光电子的效率为，饱和电流为，则激光器的功率为
10.某静电喷涂装置接上高压电源后在喷口和被涂物间产生强电场，电场线分布如图所示，一带负电微粒从M点沿直线运动到N点，以喷口为原点，以MN连线向右方向为正方向建立x轴，该过程中微粒重力不计，电场强度大小E、电势、微粒的速度大小v、电势能随x变化的图像可能正确的是( )
A.
B.
C.
D.
11.如图所示，接有恒定电流源的等腰直角三角形金属线框abc，质量为m、电阻为R、ac边长为L，在外力作用下静止在光滑绝缘水平地面上，ac边恰处在竖直向下的有界匀强磁场边界右侧，磁感应强度大小为B，线框中电流大小恒为I，方向为逆时针，不计空气阻力，撤去外力，则( )
A. 刚撤去外力时，线框受到的安培力大小为
B. 从撤去外力到线框向右移动过程中，安培力做功为
C. 线框向右移动时，恒流源提供的电压为
D. 若将线框ac边距磁场边界右侧位置处，由静止释放，线框离开磁场的时间较之前变短
二、非选择题。
12.（15分）某小组使用图甲装置完成“探究加速度与力、质量的关系”实验：
该小组采用的电源应当是 。
A. 交流
B. 直流
C. 交流
D. 直流
除了图中器材外还需要的器材有 多选。
该小组在实验中得到如图乙所示的一条纸带，已知打点计时器使用的是频率为的交流电，相邻两计数点间还有四个点没有画出，则小车的加速度大小为 结果保留三位有效数字。
该组同学又设计了一个如图丙所示实验装置，长木板水平放置，改变钩码的质量得到多组力传感器示数F和对应的小车加速度大小a，以F为横轴、a为纵轴作出图像如图丁所示，若图像的斜率为k，则小车含滑轮的质量为 ，因没有平衡摩擦力，对小车质量的测量结果有无影响，并说明理由 。
13.（6分）某景区建造一个圆柱体形状的景观浅水池，水池底部正中央安装一个可向整个水面各个方向发射红光的光源视为质点，使水池装满水后灯光刚好可以照亮整个水面，已知水池深度设计为h，水对红光的折射率，光在真空中的传播速度为c，不考虑多次反射。求：
水池半径R；
红光射出水面的最短时间t。
14.（8分）如图所示，内阻不计的矩形线圈abcd，其面积为、匝数为100匝，在磁感应强度大小为的匀强磁场中，绕垂直于磁场的转轴以转速匀速转动。该线圈与理想变压器相连，变压器原、副线圈的匝数比为，变压器副线圈接有一只额定功率为的灯泡，灯泡恰好正常发光。图中电压表和电流表均可视作理想电表，从图示位置开始计时，求：
线框中感应电动势的瞬时值表达式；
电压表和电流表的示数。
15.（12分）如图所示，在纸面内建立xOy平面，第一、二象限分别存在垂直纸面向里的匀强磁场和，且大小均未知，第四象限存在沿y轴正方向的匀强电场，在y轴负半轴上某位置，将质量为m、电量为的粒子以初速度沿x轴正方向射入电场，经电场偏转后，从P点进入第一象限，速度方向与x轴正半轴成，粒子恰好垂直y轴进入第二象限，已知OP距离为，不计粒子重力和电磁场的边界效应。求：
带电粒子在第一象限内做圆周运动的半径；
电场强度大小；
磁感应强度大小和粒子经过y轴的所有坐标。
16.（15分）如图所示，长为L的轻质板C静置在倾角固定的粗糙斜面上，C的下端距离斜面底端3L，将小物块A、B分别静置于C的两端，A、B的质量之比为，C与斜面间的动摩擦因数，B与C间摩擦不计，A与C间的动摩擦因数，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，同时无初速释放A、B、C，所有的碰撞为弹性碰撞且时间极短，不计空气阻力。已知重力加速度为g，，
求刚释放时A和B的加速度大小；
求A和B的第一次碰后到第二次碰前的最大距离；
从开始释放到C的下端滑至斜面底端的过程中，求经历的总时间和B的运动路程。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】A.图甲中，当观看立体电影时，观众需要戴上特制的眼镜，利用了光的偏振，故A错误；
B.图乙中，普朗克运用“能量子”的观点成功解释了黑体辐射现象，说明能量是不连续的，故B错误；
C.图丙中，入射的光子与电子碰撞时，一部分动量转移给电子，动量p减小，根据，可知光子的波长变长，故C正确；
D.图丁中，水黾可以停在水面上，利用了水的表面张力等于重力，故D错误。
故选：C。
2.【答案】A
【解析】A.根据质量数和电荷数守恒有为，即X是，故A正确；
B.会破坏人体的组织和细胞，这主要是与衰变时射放出的射线有关，因为射线的穿透能力较弱，故B错误；
C.放射性元素的半衰期是统计规律，对10个原子核的衰变不适用，故不能判断衰变后剩余的原子核个数，故C错误；
D.根据比结合能越大原子核越稳定可知，的比结合能比的比结合能小，故D错误。
故选：A。
【分析】根据质量数和电荷数守恒，粒子特性以及半衰期和比结合能知识进行分析解答。
考查核反应方程的书写规则以及半衰期、比结合能知识，会根据题意进行准确分析解答。
3.【答案】C
【解析】A.“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中，应先撒痱子粉，再滴油酸酒精溶液，否则很难形成单分子油膜，故A错误；
B.滴入油酸酒精溶液后，需等待油膜完全散开，未完全散开时，测量面积偏小，由知分子直径的计算结果偏大，故B错误；
C.计算每滴溶液体积时，1mL的溶液的滴数少计了10滴，测量体积偏大，由可知分子直径的计算结果偏大，故C正确；
D.油酸酒精溶液配制的时间较长，酒精挥发较多导致测油酸浓度增大，因此油膜面积偏大，由可知测得的分子直径将偏小，故D错误。
故选：C。
4.【答案】B
【解析】A.根据理想气体状态方程可得：，解得：，故A错误；
B.过程温度升高，则，气体体积增大，则外界对气体所做的功，由热力学第一定律可得：，解得，故气体从外界吸收热量，故B正确；
C.由图像与横轴所围面积表示气体所做的功可知，过程中，气体对外界所做的功为：，故C错误；
D.过程中气体压强升高，气体分子对容器壁的平均撞击力增大，故D错误。
故选：B。
【分析】根据理想气体状态方程判断a、b状态时温度的关系；结合热力学第一定律判断吸热或放热情况，由图像与坐标轴围成的面积表示气体做功计算气体对外界所做的功；压强升高，气体分子对器壁的平均撞击力变大。
本题考查理想气体状态方程以及热力学定律，要求学生理解并识记相关公式，注意图像与坐标轴围成的面积表示气体做功。
5.【答案】A
【解析】A.根据开普勒第三定律可知，彗星1轨道的半径小于彗星2轨道的半长轴，则彗星1的周期小于彗星2的周期，故A正确；
B.彗星1离太阳的距离小于彗星2在远日点离太阳的距离，则彗星1在圆轨道的速度大于彗星2在远日点所在圆轨道的速度，而彗星2在椭圆轨道远日点的速度小于该点圆轨道的速度，故彗星1的速度大于彗星2在远日点的速度，故B错误；
C.根据开普勒第二定律，相等时间内扫过的面积相等是指同一轨道，则彗星1、彗星2与太阳的连线在相等时间内扫过的面积不一定相等，故C错误；
D.因为不知道两彗星的质量关系，所以彗星1受太阳的万有引力不一定小于彗星2在近日点受太阳的万有引力，故D错误。
故选：A。
【分析】根据开普勒第三定律、卫星的变轨和圆轨道速度、开普勒第二定律和万有引力的公式进行分析解答。
考查开普勒第三定律、卫星的变轨和圆轨道速度、开普勒第二定律和万有引力的公式，会根据题意进行准确分析解答。
6.【答案】D
【解析】A、以结点为研究对象，设物体的质量为 m，绳子的拉力为 T，则，两侧绳子的拉力如图所示：
这两个力的合力方向为右下方，由于是“缓慢”拉动，系统处于动态平衡，合力始终为0，根据平衡条件，铁钩对细绳的作用力应与这两个力的合力等大反向，即沿斜向左上方，并非水平方向，故A错误；
B、同一根绳子上的拉力处处相等，都始终等于重物的重力，故B错误；
C、拉动细绳的过程中，绳子的拉力大小不变，两侧绳子之间的夹角逐渐减小，则它们的合力增大，所以铁钩受到细绳的作用力越来越大，故C错误；
D、当时，由几何关系可知两侧绳子拉力之间的夹角是，则合力的大小，则铁钩对细绳的作用力大小也是mg，故D正确。
故选：D。
【分析】根据力的合成与动态平衡分析，首先选取研究对象，分析受力情况，由于是“缓慢”拉动，系统处于动态平衡，合力始终为0。
7.【答案】C
【解析】【分析】
根据图甲得到该波的波长；根据波速计算公式求解该波的波速大小；根据同侧法进行分析；M点不是处于平衡位置和最大位移处，在四分之一周期通过的路程不等于A，由此分析。
本题主要是考查了波的图像；解答本题关键是能够根据图像直接读出振幅、波长和各个位置处的质点振动方向，知道波速、波长和频率之间的关系。
【解答】
A.根据图甲可知该波的波长为10m，故A错误；
B.该波的波速大小为：，故B错误；
C.时，Q点向下振动，根据同侧法可知波沿方向传播，则质点M沿y轴负方向振动，故C正确；
D.再经过，质点M运动的路程：，故D错误。
故选：C。
8.【答案】B
【解析】A、带电粒子恰好静止在电容器中的P点，则电场力等于重力，仅将A板上移，电容器两端电压U不变，距离d变大，根据可知电场强度减小，根据可知电场力减小，粒子将向下运动，故A错误；
B、金属板B接地，则，又，仅将A板上移，电场强度减小，则、都减小，故B正确；
D、由闭合电路欧姆定律可得，仅增大光敏电阻的光照强度，减小，I增大，灯泡L将变亮，故D错误；
C、电容器两端电压，仅增大光敏电阻的光照强度的过程中， I增大，则即电容器两端电压增大，根据，可知Q增大，电容器充电，电阻R有向下的电流，故C错误。
故选：B。
【分析】A、先判断出电容器电压的大小变化，再根据距离的变化，结合得出电场强度的变化，从而得出电场力的变化，再得出粒子的变化；
B、先求出的大小关系式，再根据进行判断；
D、根据闭合电路欧姆定律进行判断得出结论；
先列出电容器两端电压的计算式，再根据欧姆定律判断出电路电流的变化，从而得出电容器两端电压的变化，再根据得出结论。
本题是电路动态分析问题，关键要厘清电路结构，根据电路的串并联知识和闭合电路欧姆定律分析各个部分电路电流和电压的变化。
9.【答案】D
【解析】A、根据电路的特点可知，当保持O点位置不动，触头P向a端移动时，电路中的电压为反向电压，P靠近a，反向电压越大，所以电流表示数减小，故A错误；
B、根据爱因斯坦光电效应方程，结合动能定理，解得阴极K的逸出功为，故B错误；
C、根据爱因斯坦光电效应方程得，可知光电子的最大初速度与光的强度无关，故C错误；
D、光电效应产生是瞬时的，设单位时间内逸出的光电子数为n，根据电流的定义得，光子激发光电子的效率为，则激光单位时间内发射的光子数为，激光器的功率为，联立解得，故D正确。
故选：D。
【分析】根据电路结构的特点判断；根据遏止电压的大小得出光电子的最大初动能，从而结合光电效应方程得出金属的逸出功；根据光电效应方程判断；根据饱和电流的大小计算光子数。
解决本题的关键掌握遏止电压、截止频率，以及理解光电效应方程，同时理解光电流的大小与光强有关。
10.【答案】B
【解析】A、电场线的疏密程度表示电场强度的大小，由图可知，从M到N电场强度是逐渐减小的，但不是均匀减小，故A错误；
C、沿电场线方向电势逐渐降低，所以从M到N电势是逐渐升高的，故C错误；
B、对负电荷来说，电势越高电势能越小，所以微粒的电势能是逐渐减小的，故B正确；
C、微粒受电场力方向与电场线方向相反，所以微粒受电场力方向水平向右，微粒的速度逐渐增大，由电场力提供加速度，但从M到N电场强度逐渐减小，所以微粒的加速度也是逐渐减小的，则图线的斜率是逐渐减小的，故D错误。
故选：B。
【分析】根据电场线的疏密程度表示电场强度；根据沿电场线方向电势逐渐降低，分析电势随x的变化规律；对负电荷来说电势越高电势能越小；根据牛顿第二定律结合图线的斜率分析。
本题考查了电场线的特点，知道对负电荷来说，电势越高电势能越小。
11.【答案】C
【解析】A、刚撤去外力时，线框在磁场中的有效长度为L，线框受到的安培力大小为BIL，故A错误；
B、线框在磁场中的有效长度等于线框与右边界重叠的长度。从撤去外力到线框向右移动过程中，有效长度随位移线性变化，则安培力做功为，故B错误；
C、线框向右移动过程中，根据动能定理可得：，解得：，线框切割磁感应线产生的感应电动势为：，感应电流方向与恒流源提供的电流方向相反，此时恒流源提供的电压为，故C正确；
D、设第一种情况下线框离开磁场的速度大小为，根据动能定理可得：，解得；设第二种情况下线框离开磁场的速度大小为，根据动能定理可得：，解得：；设第一种情况下线框离开磁场的时间为，取向右为正方向，根据动量定理可得：；设第二种情况下线框离开磁场的时间为，取向右为正方向，根据动量定理可得：，联立解得：，则：，所以若将线框ac边距磁场边界右侧位置处，由静止释放，线框离开磁场的时间与之前相等，故D错误。
故选：C。
【分析】根据安培力的计算公式进行解答；根据功的计算公式求解安培力做功；根据动能定理求解速度大小，根据法拉第电磁感应定律结合闭合电路欧姆定律进行解答；根据动能定理求得两种情况下线框离开磁场的速度大小，再根据动量定理分析时间。
涉及力对空间的作用时，优先考虑动能定理，涉及力对时间的积累时，优先考虑动量定理。
12.【答案】A
ACD
摩擦力的存在不影响图像的斜率，图像斜率不变，对小车质量的测量结果无影响。
【解析】由图甲可知，打点计时器为电火花打点计时器，其工作电压为的交流电压，A正确，BCD错误。
故选：A。
实验需要用天平测量小车的质量，需要用刻度尺测量点迹之间的距离，需要用钩码改变小车质量，因此不需要秒表，ACD正确，B错误。
故选：ACD。
相邻计数点的时间间隔为，
毫米刻度尺的精确度为，则AD两点之间的距离，
DG两点之间的距离，
根据逐差法，加速度；
设力传感器的示数为F，根据牛顿第二定律，
变形得，
图像的斜率为，
解得小车含滑轮的质量为，
由此可知没有平衡摩擦力时，是不过原点的倾斜直线，摩擦力的存在不影响图像的斜率，图像斜率不变，对小车质量的测量结果无影响。
故答案为：；；；；摩擦力的存在不影响图像的斜率，图像斜率不变，对小车质量的测量结果无影响。
【分析】电火花计时器的工作电压为的交流电压；
根据实验原理选择所需的实验器材；
根据逐差法求加速度；
根据牛顿第二定律求解函数，结合图像斜率的含义求解作答；根据函数表达式分析摩擦力对图像斜率有无影响，然后作答。
本题主要考查了“探究加速度与力、质量的关系”实验，要明确实验原理，掌握逐差法求加速度的方法，掌握牛顿二定律的运用。
13.【答案】画出光路图如图所示：
由题意可知，设，由几何关系可得，所以，
由临界角的定义可得，
联立可得，解得；
由题意可知，沿OA方向射出的水面的光所用的时间最短，由运动学公式可得，
由可得：，
联立解得。
【解析】由几何关系结合临界角的定义可求水池的半径；
由运动学公式结合折射率与光速关系可求最短时间。
本题是对折射定律及临界角的定义的考查，解题的关键是要画出光路图，知道刚好可以照亮整个水面时入射角为临界角。
14.【答案】角速度，
感应电动势的最大值，
从图示位置开始计时，感应电动势瞬时值的表达式；
线圈内阻不计，因此，
变压器原线圈两端电压，
根据理想变压器电压与匝数比的关系，变压器副线圈两端电压，
因此电压表的示数为，
根据理想变压器的功率关系，
根据功率公式，电流表的示数。
【解析】根据法拉第电磁感应定律得出感应电动势的最大值，根据线框位置写出瞬时值表达式；
根据正弦交变电流有效值与最大值的关系求解变压器原线圈两端电压的有效值，根据理想变压器电压与匝数比的关系求解副线圈两端电压，即电压表的示数；根据理想变压器原副线圈的功率关系结合功率公式求解电流表的示数。
本题主要考查了交变电流的产生，掌握根据法拉第电磁感应定律计算出感应电动势的最大值的方法，掌握了变压器原副线圈两端匝数比与电压比的关系，掌握正弦交变电流瞬时值表达式的求解方法。
15.【答案】根据题意作图，如图所示：
设带电粒子在第一象限内做圆周运动的半径为，根据几何关系可知
，解得；
带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，可得，，，，
联立解得；
粒子进入磁场速度为，
由可得，
粒子经过y轴的上的点距原点距离为，故粒子第一次经过y轴的坐标为，
之后粒子进入磁场，由于磁场强度变为原来二倍，因此，粒子运动半径，粒子将从返回第一象限，
接着从进入第二象限，从返回第一象限，
往复此过程，可得粒子经过y轴的所有坐标为。
【解析】画出粒子轨迹，由数学知识求得带电粒子在第一象限内做圆周运动的半径；
带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速运动，垂直电场方向做匀速运动，结合牛顿的第二定律求解电场强度大小；
粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由运动的合成与分解求得粒子进入磁场速度，由洛伦兹力提供向心力列式求解磁感应强度大小，由数学知识求解粒子经过y轴的坐标。
本题主要考查带电粒子在电场和磁场中的运动，根据粒子运动特点画出轨迹并结合数学知识解答。
16.【答案】与C间摩擦不计，根据牛顿第二定律，
解得小物块B的加速度，
由于A与C间的动摩擦因数，，
分析轻板C沿斜面方向受力，轻板C受到斜面的摩擦力以及A对C的摩擦力由于没有质量不存在重力分力，
如果AC间产生相对运动趋势即AC速度不同，
则C受到A提供的摩擦力，即，
这一条件表明，当AC产生相对运动趋势时即AC速度不同，C受到的合力不为0，
然而C是不存在质量的轻板，这意味着C会在短时间存在趋向于无穷的加速度，
这种极大的加速度使得宏观上AC无法存在速度差，即AC始终不会产生相对运动或者说AC始终共速，
因此在整个分析过程中，可将AC看作一个整体，
分析AC整体受力，已知，由于，因此；
设物块B由静止释放到第一次与物块A碰撞前运动的时间，
根据运动学公式，
解得，
B与A碰撞前的速度，
B与A发生弹性碰撞，动量守恒，取沿斜面向下为正方向，
根据动量守恒定律，
根据机械能守恒，
代入数据解得碰撞后物块B速度，
轻质板C和物块A的速度，
碰后AC保持相对静止，AC一起向下做减速运动，取向下为正方向
根据牛顿第二定律，
代入数据解得，
物块B先沿斜面向上做减速运动，再向下做加速运动，设经两者共速，
根据运动学公式，
代入数据解得时间，
共同速度，
AC的位移，
解得，
B的位移，
解得，
A和B的第一次碰后到第二次碰前的最大距离；
一起沿斜面向下做减速运动至0的时间为，
根据运动学公式，减速时间，
第一次碰撞后，AC一起沿斜面向下运动的距离，
B与A第一次碰撞后，B沿木板向上运动的最大距离，
B沿木板向上运动的时间，
B沿木板向下运动的距离，
设B沿木板向下运动的时间为，
根据运动学公式，
代入数据解得，
由于，
说明第一次碰撞后，木板C刚好减速至0时物块B将与物块A发生第二次碰撞，
物块B与A第二次碰撞前的速度，
由此可见物块B与A第二次碰撞时与物块B与A第一次碰撞时的情形完全相同，
所以每一次碰撞后，AC一起沿斜面向下运动的距离都是，由于C的下端距离斜面底端3L，
因此B与A经过4次碰撞后木板C的下端滑至斜面底端，
经过的总时间，
代入数据化简得，
物块B运动的总路程。
【解析】根据牛顿第二定律求解物块B的加速度，根据A与C间的动摩擦因数的大小关系确定AC间的运动情况，根据重力的分力与最大静摩擦力的关系分析作答；
根据运动学公式求解B与A碰撞前B的运动时间，B与A碰撞前瞬间的速度；以AC和B的系统在碰撞过程中动量守恒、机械能守恒，根据动量守恒定律和机械能守恒定律求解碰撞后AC与B的速度大小；
分析碰撞后AC和B的运动状态，根据牛顿第二定律求加速度；当AC和B速度相等时，AC与B之间有最大距离，根据运动学公式和位移关系求解作答；
根据运动学公式分别求解AC一起沿斜面向下做减速运动至0的时间和距离；根据运动学公式分别求解B沿板向上运动的距离和时间，根据运动的距离关系，结合运动学公式求解B沿木板向下运动的时间；比较AC减速至零的时间与物块B运动的时间，确定物块A速度为0时物块B的位置，从而确定B与A何时发生第二次碰撞；同理分析以后的运动情形，再结合题意求解作答。
本题主要考查了动量守恒与能量守恒共同解决实际问题、牛顿第二定律求解多过程问题，本题难度很大，研究对象的运动过程复杂，必须要想清楚、弄明白；要熟练掌握相关的物理规律、临界条件。
