2025年甘肃省酒泉市中考物理一模试卷
一、单选题（本题6分，每小题4分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个正确）
1．（4分）近年来，我国科技创新突飞猛进，各种新技术、新能源、新材料等科技成果不断涌现。有关说法中正确的是（ ）
A．固态可燃冰属于二次能源
B．水能、风能、太阳能属于可再生能源
C．核聚变获得核能的方式与普通核电站一致
D．我国的北斗卫星导航系统是利用超声波来传递信息的
2．（4分）水是生命之源，也是人类生存环境的重要组成部分。水在各种物态变化中不停地循环，让四季多姿多彩。下列说法错误的是（ ）
A．温暖的春天，万物复苏、冰雪消融，这是熔化现象，需要吸热
B．炎热的夏天，莲花湖的水在阳光下变成水蒸气，这是汽化现象，需要吸热
C．凉爽的秋天，路边的草或树叶上结有晶莹的露珠，这是液化现象，需要吸热
D．寒冷的冬天，水蒸气在高空急剧降温变成雪花，这是凝华现象，需要放热
3．（4分）下列关于光学知识说法正确的是（ ）
A．影子是由于光的反射形成的
B．用放大镜看字时，字变大是由于光的折射形成的
C．自行车的尾灯“发光”是由于光的直线传播形成的
D．光的色散现象是由于光的反射形成的
4．（4分）关于力和运动，下列说法正确的是（ ）
A．跳高运动员腾跃到最高点时，速度为零，所受合力也为零
B．游泳运动员手臂向后拨水，获得向前的推力，说明物体间力的作用是相互的
C．被抛出的篮球仍能继续向前运动，是因为受到惯性的作用
D．被运动员举起的杠铃在空中静止不动，杠铃的重力和杠铃对运动员的压力是一对平衡力
5．（4分）涡轴9“玉龙”是我国完全自主研发的航空涡轴发动机，其大致工作过程是：空气通过进气道进入压气机，被压气机压缩后进入燃烧室与燃料混合，燃料在燃烧室燃烧后，产生的高温高压气体推动涡轮转动，从而输出动力。该发动机工作过程中的相关说法正确的是（ ）
A．燃烧室中燃料燃烧越充分，发动机效率越高
B．燃料和压缩空气混合后，燃料的热值增大
C．压气机压缩空气，空气的内能减小
D．高温高压气体推动涡轮转动时，将机械能转化为内能
6．（4分）以下关于电与磁的描述中，说法正确的是（ ）
A．图甲：磁感线不是真实存在的，地磁场的北极在地理北极附近
B．图乙：P向右移动，能吸引更多铁钉，铁钉下端为电磁铁的S极
C．图丙：同时对调磁极和电源正负极，线圈的转动方向会发生改变
D．图丁：闭合开关，导体ab竖直向下运动或竖直向上运动，电流表指针不发生偏转
二、填空题（本题共8小题，每空1分，共16分）
7．（2分）在音乐社团活动过程中，乐器发出的声音通过 传到人耳。人耳能区分钢琴和长笛发出的声音，是由于它们所发出声音的 不同（选填“音调”“响度”或“音色”）。
8．（2分）小明和爸爸自驾游返程时，看到如图所示的交通标志，在遵守交通法规的前提下，从此处至少需 h到达哈尔滨；若以他们正在行驶的车为参照物，此交通标志是 （选填“运动”或“静止”）的。
9．（2分）“单臂哑铃划船”运动能充分训练背阔肌。训练时，按照如图所示姿势，提升、放下哑铃为1次动作。已知哑铃质量15kg，训练者60s完成一组训练，每组12次动作，每次提升哑铃的竖直高度是30cm。则训练者在1次提升哑铃过程中做功是 J，完成一组训练过程中提升哑铃做功的功率是 W。（g取10N/kg）
10．（2分）据专家介绍，12～18岁是青少年近视的高发期，爱眼护眼势在必行。如图所示， （选填“甲”或“乙”）图表示近视眼成像原理，应佩戴 （选填“丙”或“丁”）图的眼镜进行矫正。
11．（2分）吃粽子、挂艾蒿是端午节的传统习俗。我们闻到艾蒿的清香味儿，说明分子在不停地做 运动；煮粽子是通过 的方式增加了粽子的内能。
12．（2分）用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒由于得到 而带负电。用这个带电的橡胶棒接触不带电的验电器的金属球，如图所示，在电荷从橡胶棒转移到金属球的瞬间，就形成了 （选填“从金属球到橡胶棒”或“从橡胶棒到金属球”）方向的电流。
13．（2分）生活中常用吸盘挂钩来挂毛巾，使用时排尽吸盘内的空气，吸附在 （选填“平整”或“不平整”）的墙面上，以防止漏气。吸盘挂钩不会掉落是因为受到墙壁对它竖直向上的 力。
14．（2分）如图是今年“3 15”晚会上曝光的劣质导线，不良商家为了降低成本，将多芯铜导线的根数从国家标准的32根减为26根，导致导线横截面积减小。对于长度相等的标准导线和劣质导线，劣质导线的电阻 （选填“较大”或“较小”），若在通有相同电流的情况下，相同时间内劣质导线产生的热量 （选填“较多”或“较少”）。
三、识图、作图题（本题共4小题，共11分）
15．（2分）水沸腾后可以产生大量气泡，其情形是图中的 （选填“甲”或“乙”）烧杯；小琪同学把温度计放入另一个正在加热的烧杯中时，会发现水温 （选填“升高”、“不变”或“下降”）。
16．（3分）如图甲所示，温度计的示数为 ℃，如图乙所示，测量7号干电池长度，读数方法正确的是 （选填“A”或“B”），长度为 cm。
17．（3分）请在图中虚线框内画出开关S和电灯L的符号，并用笔画线代替导线将三孔插座接入电路。
18．（3分）学校组织学生参加劳动实践活动，在基地发现了一台活塞式抽水机，在杠杆C处用力便可取水。请在图中画出：
（1）阻力F2的力臂L2；
（2）在C处所用最小力F1的示意图。
四、实验探究题（本题共2小题，共20分）
19．（10分）某同学为测量一木质小挂件的密度，选用以下器材：天平（带砝码）、量筒、烧杯（装有足量水）和长钢针，进行实验。
（1）把天平放在水平桌面上，游码移动到标尺左端的 处，此时指针位置如图甲所示，则应向 （选填“左”或“右”）调节平衡螺母使横梁平衡。
（2）将挂件放在天平左盘，向右盘加减砝码并调节游码，当天平平衡时，砝码质量及游码在标尺上的位置如图乙所示，其质量为 g。
（3）用烧杯向量筒中倒入60mL的水，将挂件放入量筒，然后用长钢针按住挂件使其刚好浸没于水中，量筒中的水面如图丙所示。算出挂件的密度为 kg/m3。
（4）因木质挂件具有吸水性，实验测得的密度值 （选填“偏大”或“偏小”）。
20．（10分）老师带领芳芳所在的班到实验室进行分组实验，利用两节干电池、电流表、电压表、滑动变阻器（最大阻值为Rp）等器材测量未知电阻Rx的阻值，实验所用的电路如甲图。
（1）根据甲图，用笔画线代替导线，在乙图中完成实物电路的连接（要求滑片P向右移动时，滑动变阻器阻值变小）；
（2）芳芳移动滑片P到最大阻值处，闭合开关后发现电压表无示数，电流表有示数，电路故障可能是Rx出现了 （选填“断路”或“短路”）；
（3）排除故障后，闭合开关，调节滑片P，直到电压表、电流表示数如丙图所示，则Rx的阻值为 Ω；
（4）改变待测电阻两端电压进行多次测量，目的是 （选填序号）；
A.避免偶然性，寻找普遍规律；
B.求平均值减少误差；
（5）芳芳小组用该电路测量额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻，将小灯泡替换电阻Rx后接入正确电路，闭合开关，移动滑片至某位置时，电压表的示数为2V，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片P向 （选填“A”或“B”）端移动，同时眼睛注意观察 （选填“电压表”“电流表”或“灯泡”），直至灯泡正常发光。
（6）芳芳小组根据记录的多组I﹣U数据，画出了小灯泡的I﹣U图象（如图丁所示），则小灯泡正常发光时的电阻是 Ω（保留1位小数）。
（7）根据小灯泡的I﹣U图象还可以发现小灯泡的两端电压增大时，它的电阻 （选填“增大”“减小”或“不变”），其原因是 的影响。
五、简答与计算题（本题共3小题，共19分。简答部分要有必要的分析和说明，计算部分要有主要公式及数值代入过程，计算结果要有数值和单位。）
21．（4分）高速公路上的避险车道，是在公路的右侧设置一个冲向高处的大斜坡，避险车道的陡坡上铺有厚厚的碎石，当车辆发生刹车失灵时可以驶上避险车道，达到减速直至停止的目的，避免事故的发生。请你分析避险车道设置为斜坡和铺有厚厚的碎石的原因？
22．（6分）如图所示，2024年5月8日我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰“福建舰”完成首次海试，该舰满载排水量8万吨，最大吃水深度13m，可搭载多种型号的舰载机。其中歼﹣15舰载机的质量为15t。（ρ海水取1.0×103kg/m3，g取10N/kg）求：
（1）“福建舰”满载时舰底受到海水的压强为多大？
（2）一架歼﹣15舰载机的轮子与地面的总受力面积为0.5m2，则歼﹣15舰载机停在航母甲板上时对甲板的压强为多大？
（3）一架歼﹣15舰载机完成飞行训练返回停在“福建舰”甲板上后，“福建舰”排开海水的体积如何变化？变化了多少？
23．（9分）小明家新购买了一台电火锅，如图甲所示，其部分技术参数如下表所示，内部电路的工作原理简图如图乙所示，R1、R2均为阻值不变的加热电阻，通过开关S、S1、S2的通断可实现三个挡位功能的切换，其中S2是能分别与a、b两掷点相连的单刀双掷开关。
额定电压 220V 中温挡 880W
高温挡 1100W 低温挡 ***W
（1）请分析说明当电火锅分别处于高温挡、中温挡时，其内部电路开关的通断情况？
（2）电火锅正常工作时，若加热效率为84%，用高温挡把质量为3.3kg、初温为50℃的水加热到70℃需多少时间？[水的比热容：4.2×103J/（kg ℃）]
（3）求电火锅正常工作时，低温挡的电功率？
2025年甘肃省酒泉市中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共6小题）
题号 1 2 3 4 5 6
答案 B C B B A D
一、单选题（本题6分，每小题4分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个正确）
1．【分析】（1）一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源。例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能。
（2）可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源，例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。
（3）核聚变获得核能的方式与普通核电站是通过核裂变获得核能的方式不一致。
（4）我国的北斗卫星导航系统是利用电磁波来传递信息的。
【解答】解：A.固态可燃冰属于一次能源，故A错误；
B.水能、风能、太阳能属于可再生能源，故B正确；
C.核聚变获得核能的方式与普通核电站是通过核裂变获得核能的方式不一致，故C错误；
D.我国的北斗卫星导航系统是利用电磁波来传递信息的，故D错误；
故选：B。
2．【分析】物态变化中熔化吸热；汽化吸热；液化放热；凝华放热。
【解答】解：A、温暖的春天，万物复苏、冰雪消融，这是熔化现象，需要吸热。故A正确；
B、炎热的夏天，莲花湖的水在阳光下变成水蒸气，这是汽化现象，需要吸热。故B正确；
C、凉爽的秋天，路边的草或树叶上结有晶莹的露珠，这是液化现象，需要放热不是吸热。故C错误。
D、寒冷的冬天，水蒸气在高空急剧降温变成雪花，这是凝华现象，需要放热。故D正确。
故选：C。
3．【分析】（1）光在同种均匀介质中是沿直线传播的。
（2）光从一种透明介质斜射进入另一种透明介质时，传播方向通常会发生变化，这种现象叫光的折射。
（3）光射到物体的表面，改变传播方向回到原来介质中的现象叫光的反射。
（4）太阳通过三棱镜后，被分解为绚丽的七色光的现象称为光的色散。
【解答】解：A、影子是由于光的直线传播形成的，故A错误；
B、用放大镜看字时，字变大了，是由于光的折射形成的，故B正确；
C、自行车的尾灯“发光”是由于光的反射形成的，故C错误；
D、光的色散现象是由于光的折射形成的，故D错误；
故选：B。
4．【分析】（1）物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受到的是平衡力。
（2）物体间力的作用是相互的，一个物体受到力，同时给对方一个反作用力；
（3）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
（4）平衡力的条件：大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一物体上。
【解答】解：A、跳高运动员腾跃到最高点时，速度为零，但由于运动员受到重力的作用，合力不为零，故A错误；
B、因为力的作用是相互的，所以游泳运动员手臂向后拨水，获得向前的推力，故B正确；
C、被抛出的篮球仍能继续向前运动，是因为篮球具有惯性，但不能说篮球受到惯性作用，故C错误；
D、被运动员举起的杠铃在空中静止不动，杠铃的重力和杠铃对运动员的压力方向相同，所以二者不是一对平衡力，故D错误。
故选：B。
5．【分析】（1）在工作过程中，燃料燃烧越充分，损失的能量越少，热机的效率越高；
（2）燃料的热值是物质本身固有的一种性质，只与燃料的种类有关；
（3）压缩空气做功，机械能转化为内能；
（4）高温高压气体推动涡轮转动时，将内能转化为机械能。
【解答】解：A、使燃料燃烧越充分，可以增大有效利用的能量，提高热机的效率，故A正确；
B、热值只跟燃料的种类有关，燃料和压缩空气混合后，燃料的种类不变，燃料的热值不变，故B错误；
C、压气机压缩空气，对空气做功时，机械能转化为内能，空气的内能增加，故C错误；
D、高温高压气体推动涡轮转动时，将内能转化为机械能，故D错误。
故选：A。
6．【分析】（1）磁感线是人们为了直观形象地描述磁场的方向和分布情况而引入的带方向的曲线，它并不是客观存在的。地磁场的北极在地理北极附近；
（2）由安培定则可确定电磁铁的磁极；电磁铁的磁性强弱跟电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯有关；
（3）通电线圈在磁场中的转动方向与磁场方向和电流方向有关；
（4）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
【解答】解：
A、磁感线是用来描述磁场的一些假想的曲线，不是真实存在的，而磁场是一种物质，是存在的，地磁场的北极在地理南极附近，故A错误；
B、如图乙，电流从电磁铁A的上方流入、下方流出，由安培定则可知，电磁铁A的上端是N极，下端的钉尖是S极；将滑动变阻器的滑片P向右移动，电阻变大，电流变小，电磁铁的磁性变弱，能吸引更少的大头针，故B错误；
C、只对调电源正负极或磁极，电流的方向发生改变，故线圈受到力的方向发生改变，故线圈转动方向就会发生改变，同时对调磁极和电源正负极，线圈的转动方向会发生改变，故C错误；
D、闭合开关，导体ab 竖直向上运动，运动方向与磁感线方向平行，不能切割磁感线，不能产生感应电流，电流表指针不发生偏转，故D正确。
故选：D。
二、填空题（本题共8小题，每空1分，共16分）
7．【分析】声音的传播需要介质；不同的乐器音色不同。
【解答】解：在音乐社团活动过程中，乐器发出的声音通过空气传到人耳。人耳能区分钢琴和长笛发出的声音，是由于它们所发出声音的音色不同。
故答案为：空气；音色。
8．【分析】（1）由图示交通标志牌求出速度与路程，应用速度公式可以求出运动时间。
（2）研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化。
【解答】解：由图示交通标志牌可知，此路段限速：40km/h，
此处到哈尔滨的路程为：18km，
由速度公式：v知，
运行时间：t0.45h。
若以他们正在行驶的车为参照物，此交通标志相对于车的位置在改变，故是运动的。
故答案为：0.45；运动。
9．【分析】（1）根据W＝Gh＝mgh求出训练者在1次提升哑铃过程中做功；
（2）根据P求出完成一组训练过程中提升哑铃做功的功率。
【解答】解：训练者在1次提升哑铃过程中做功是：
W＝Gh＝mgh＝15kg×10N/kg×30×10﹣2m＝45J；
训练者60s完成一组训练，每组12次动作，完成一组训练过程中提升哑铃做功的功率是：
P9W。
故答案为：45；9。
10．【分析】①近视眼只能将近处的物体成像在视网膜上，而将远处的物体成像在视网膜前；远视眼只能将远处的物体成像在视网膜上，而将近处的物体成像在视网膜后；
②凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用。
【解答】解：近视眼是晶状体太厚折光能力太强，来自远方的光在视网膜前便会聚了，即像成在视网膜的前方，因此图乙是近视眼的成像原理，所以应配戴凹透镜矫正。图丙是放大镜，成正立放大的虚像，放大镜属于凸透镜；而近视镜成正立缩小的虚像，图丁成缩小的像，是近视镜，因此应佩戴丁图的眼镜进行矫正。
故答案为：乙；丁。
11．【分析】（1）组成物质的分子在不停地做无规则运动；
（2）做功和热传递都可以改变物体的内能；做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的实质是能量的转移。
【解答】解：我们闻到艾蒿的清香味儿，说明分子在不停地做无规则运动；
煮粽子时，粽子吸收水的热量内能增加，温度升高，这是通过热传递的方式增加粽子内能的。
故答案为：无规则；热传递。
12．【分析】摩擦起电的原因：两物体在摩擦过程中，原子核束缚电子的能力不同，原子核束缚电子能力强的容易得到电子而带负电，弱的易失去电子带正电；
电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
电流的方向：物理学上规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。
【解答】解：用毛皮摩擦橡胶棒，由于橡胶棒对电子的束缚能力强，所以橡胶棒会由于得到电子而带负电。
橡胶棒接触验电器的金属球时，电子从橡胶棒到金属球，电流方向与电子移动方向相反，所以电流的方向是从金属球到橡胶棒。
故答案为：电子；从金属球到橡胶棒。
13．【分析】大气对浸在它里面的物体有力的作用，这就是大气压；摩擦力总是和物体相对运动或者相对运动趋势的方向相反。
【解答】解：用吸盘挂钩来挂毛巾，使用时排尽吸盘内的空气，吸附在平整的墙面上，以防止漏气；吸盘挂钩不会掉落是因为受到墙壁对它竖直向上的摩擦力。
故答案为：平整；摩擦。
14．【分析】导体电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关；
由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。
【解答】解：不良商家为了降低成本，将多芯铜导线的根数从国家标准的32根减为26根，导致导线横截面积减小，在长度、材料不变的情况下，横截面积越小，电阻越大，所以劣质导线的电阻较大；
根据焦耳定律公式Q＝I2Rt知，在电流、通电时间相同的情况下，电阻较大，产生的热量较多，温度较高，安全隐患较大。
故答案为：较大；较多。
三、识图、作图题（本题共4小题，共11分）
15．【分析】掌握水沸腾时和沸腾前的现象：水沸腾时气泡上升过程中体积变大；水沸腾前气泡在上升过程中体积减小；水沸腾的条件：达到沸点，继续吸热。
【解答】解：甲图中气泡在上升过程中体积不断增大，所以是沸腾时的现象；乙图气泡在上升过程中体积减小，所以是沸腾前的现象；温度计放入另一个正在加热的烧杯中，水温升高。
故答案为：甲；升高。
16．【分析】（1）要弄清楚温度计的量程和分度值再去读；
（2）在使用刻度尺测量物体的长度读数时视线要与尺面垂直；
（3）刻度尺读数时首先要明确量程以及分度值，然后根据刻度线的位置读数。
【解答】解：图甲中温度计的分度值为1℃，液柱在0℃以下，因此图甲中的温度值为﹣15℃；
用刻度尺测量物体的长度，其中读数方法是视线与尺面垂直，故A正确，刻度尺分度值为0.1cm，读数为4.20cm。
故答案为：﹣15；A；4.20。
17．【分析】（1）为了安全，在家庭电路中，开关要接在用电器和火线之间；
（2）三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
【解答】解：（1）在家庭电路中，开关应接在用电器和火线之间，所以上边虚线框内为开关，下边虚线框内为灯泡；
（2）安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；如图所示：
18．【分析】画力臂的方法：首先确定支点；然后找到动力和阻力，并用虚线延长动力和阻力的作用线；并用实线画出支点到动力作用线和阻力作用线的垂线。
根据杠杆的平衡条件，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长越省力。
【解答】解：支点为O，从O点作出F2的垂线，即力臂L2；
根据杠杆的平衡条件，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长越省力，连接支点O和力的作用点C，以OC为力臂是最长的动力臂，由C点做OC的垂线画出最小力F1，方向向下，如图所示：
四、实验探究题（本题共2小题，共20分）
19．【分析】（1）将天平放在水平台上，游码拨到标尺左端的零刻度线处；根据“左偏右调、右偏左调”调节平衡螺母；
（2）挂件的质量等于砝码的质量和游码的质量之和；
（3）由图丙可知挂件的体积；根据密度公式计算挂件的密度；
（4）木质挂件具有吸水性，则测得的挂件和水的总体积偏小，挂件体积的测量值偏小，根据密度公式分析即可。
【解答】解：（1）将天平放在水平桌面上，接下来的操作是将游码拨到标尺左端的零刻度线处；再根据“左偏右调、右偏左调”调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中央。由图甲可知，指针指在分度盘的左侧，因此应向右调节平衡螺母使横梁平衡；
（2）由图乙可知，挂件的质量为10g+2.0g＝12.0g；
（3）由图丙可知，挂件和水的总体积为76mL，则挂件的体积V＝76mL﹣60mL＝16mL＝16cm3；
挂件的密度：；
（4）木质挂件具有吸水性，则测得的挂件和水的总体积偏小，挂件体积的测量值偏小，质量测量值准确，根据ρ可知，测得的密度值偏大。
故答案为：（1）零刻度线；右；（2）12.0；（3）0.75×103；（4）偏大。
20．【分析】（1）根据丙图确定电压表量程，将电压表并联在定值电阻两端；滑片P向右端移动时滑动变阻器接入电路的阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
（2）移动滑片P到最大阻值处，闭合开关后发现电压表无示数；电流表有示数，则电路为通路，根据电压表无示数分析；
（3）根据电表选用量程确定分度值读数，由欧姆定律求出定值电阻；
（4）该实验中为了减小误差，需要多次测量求平均值；
（5）比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器滑片移动方向；
（6）由图像信息读出小灯泡正常发光的打六折，利用R求出小灯泡的电阻；
（7）导体的电阻随温度的升高而增大。
【解答】解：（1）根据丙图知，电压表选用小量程并联在定值电阻两端；滑片P向右端移动时滑动变阻器接入电路的阻值变小，故滑动变阻器选用右下接线柱与开关串联在电路中，如下图所示：
（2）移动滑片P到最大阻值处，闭合开关后发现电压表无示数，电流表有示数，则电路为通路，发现电压表无示数，则电路故障可能是定值电阻Rx发生了短路；
（3）排除故障后闭合开关S，移动滑片P，如图丙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为2V，电流表选用小量程，分度值为0.02V，电流为0.2A，由欧姆定律，则定值电阻：R10Ω；
（4）在此实验中，通过调节滑动变阻器改变R两端的电压进行多次测量，这样做的目的是多次测量求平均值以减小误差；故选：B；
（5）电压表的示数为2V，小于灯泡的额定电压，由串联分压的特点可知，需要减小滑动变阻器连入电路的阻值，故应将滑片向B端移动。
（6）由图丁可知，当小灯泡两端电压为2.5V时，电流值为0.25A，由欧姆定律，小灯泡正常发光时的电阻为R10Ω；
（7）当小灯泡的两端电压增大时，它的电阻增大，原因是灯泡灯丝的阻值随着温度的升高而增大。
故答案为：（1）见解答；（2）短路；（3）10；（4）B；（5）B；电压表；（6）10；（7）增大；灯丝电阻受温度。
五、简答与计算题（本题共3小题，共19分。简答部分要有必要的分析和说明，计算部分要有主要公式及数值代入过程，计算结果要有数值和单位。）
21．【分析】（1）影响动能的因素是质量和速度，质量越大，速度越大，动能就越大；影响重力势能的因素是质量和高度，质量越大，高度越大，重力势能就越大。
（2）摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关；压力越大，接触面越粗糙，摩擦力越大。
【解答】答：高速公路上的汽车速度大，动能大，刹车失灵车辆冲向高处的大斜坡时，将动能转化成重力势能，车就能停下来；
斜坡上铺沙砾，是在压力一定的情况下，通过增大了接触面的粗糙程度来增大了摩擦力，增大汽车受到的阻力，使汽车能尽快的停下来。
22．【分析】（1）根据深度和p＝ρgh计算液体的压强；
（2）歼﹣15停在航母甲板上时对甲板的压力等于重力，利用压强计算公式求得歼﹣15停在航母甲板上时对甲板的压强。
（3）根据漂浮的条件结合阿基米德原理分析排开海水的体积的变化。
【解答】解：（1）最大吃水深度h＝13m，舰底受到海水的压强p＝ρ液gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×13m＝1.3×105Pa，
（2），
压强；
（3）根据漂浮的条件知，浮力等于重力，由于是返回停在“福建舰”甲板上后，故重力变大，浮力变大，排开海水的体积变大，
浮力的变化等于舰载机的重力，；
。
答：（1）“福建舰”满载时舰底受到海水的压强为1.3×105Pa
（2）一架歼﹣15舰载机的轮子与地面的总受力面积为0.5m2，则歼﹣15舰载机停在航母甲板上时对甲板的压强为3×105Pa；
（3）一架歼﹣15舰载机完成飞行训练返回停在“福建舰”甲板上后，“福建舰”排开海水的体积变大，变化了15m3。
23．【分析】（1）由图乙可知，当S1闭合、S2接a时，R1、R2并联；当S1闭合、S2接b时，只有R1工作；当S1断开、S2接b时，R1、R2串联；根据串并联电路的特点和P可知电火锅高温挡、中温挡和低温挡的电路连接；
（2）知道水的资料、比热容、初温和末温，利用Q吸＝cmΔt求出水吸收的热量；利用效率公式求出电火锅消耗的电能，根据P求出加热时间；
（3）根据中温挡功率和P可求出R1的阻值，根据P2＝P高温﹣P中温求出R2的电功率，根据串联电路的电阻特点求出R1、R2的串联总电阻，根据P求出出电火锅低温挡的电功率。
【解答】解：（1）由图乙可知，当S1闭合、S2接a时，R1、R2并联，根据并联电路特点可知，此时电路的总电阻最小，由P可知，电路的总功率最大，电火锅处于高温挡；
当S1断开、S2接b时，R1、R2串联，根据串联电路特点可知，此时电路的总电阻最大，总功率最小，电火锅处于低温挡；
当S1闭合、S2接b时，只有R1工作，电火锅处于中温挡；
（2）水吸收的热量：Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg ℃）×3.3kg×（70℃﹣50℃）＝2.772×105J，
由η可知，电火锅消耗的电能：W3.3×105J，
由P可知，加热时间：t300s；
（3）由P可知，R1的阻值：R155Ω，
R2的电功率：P2＝P高温﹣P中温＝1100W﹣880W＝220W，
由P可知，R2的阻值：R2220Ω，
R1、R2的串联总电阻：R＝R1+R2＝55Ω+220Ω＝275Ω，
电火锅正常工作时，低温挡的电功率：P低温176W。
答：（1）当S1闭合、S2接a时，电火锅处于高温挡；当S1闭合、S2接b时，电火锅处于中温挡；
（2）用高温挡把质量为3.3kg、初温为50℃的水加热到70℃需要的时间为300s；
（3）电火锅正常工作时，低温挡的电功率为176W。
